2017年广西贵港市中考物理试卷

一、选择题

1．2017年4月22日，天舟一号与天宫二号实现自动交回对接，天宫二号空间实验室，是继天宫一号后中国自主研发的第二个空间实验室．下列说法正确的是（　　）

A．天宫二号是靠超声波向地面传递信息的

B．天空二号在发射过程中，动能转化为重力势能

C．自动交回对接成功后，天舟一号相对于天宫二号是静止的

D．在空间实验室不能使用测力计测量手的握力

2．2017年1月4日人民网报道，广西贵港建成中国•东盟新能源电动车生产基地，关于电动车的下列说法，错误的是（　　）

A．电动机是利用电磁感应原理制造的

B．电动车行驶时是电能转化为机械能

C．轮胎凹凸不平的花纹是为了增大摩擦

D．电源指示灯用到了半导体材料

3．贵港市城市建设和管理越来越注重以人为本．如金港大道两旁植树造林，穿城而过的南广高铁两旁建有隔音房，跳广场舞的大妈要把音量调小一些等，这些措施的共同目的是（　　）

A．绿化美化环境 B．减小噪声污染 C．减小大气污染 D．减小水污染

4．缺水已是一个世界性的普遍现象，因此我们要珍惜每一滴水，海水淡化是解决缺水问题的方法之一．现在所用的海水淡化的方法有很多种，其中一种是蒸馏法，即先将海水中的水汽化而把盐留下，再将水蒸气冷凝为液态的水．关于以上过程涉及的物态变化和吸（放）热情况，下列说法正确的是（　　）

A．先升华后凝华，先吸热后放热

B．先汽化后凝固，先放热后吸热

C．先汽化后液化，先吸热后放热

D．先汽化后液化，先放热后吸热

5．当一位科学家通过实验宣称在某领域获得一项重要发现时，判断这一发现是否可信的最好理由是（　　）

A．该科学家是否为这一领域的权威

B．该领域其他科学家的意见

C．该实验报告撰写的详细程度

D．他人能否重复其实验并得到相同的结果

6．如图所示是家庭电路中的三孔插座和三脚插头示意图．下列说法正确的是（　　）

A．三脚插头的三个脚一样长

B．插孔E是用来接零线的

C．插孔L是用来接零线的

D．标有“E”的插脚能保证插入插座时，确保用电器外壳先接地

7．大山同学做“探究凸透镜成像”的实验，当他把烛焰移到距透镜39cm的地方时，在光屏上观察到倒立缩小的像，则该凸透镜的焦距不可能的是（　　）

A．5cm B．10cm C．15cm D．20cm

8．下列各项排列中，按照尺度的数量级由大到小排列的是（　　）

A．银河系、太阳系、地球、生物体、分子、原子核、电子、夸克

B．太阳系、银河系、地球、生物体、原子核、分子、电子、夸克

C．银河系、太阳系、地球、生物体、原子核、分子、夸克、电子

D．太阳系、银河系、地球、生物体、分子、原子核、夸克、电子

9．如图所示，弹簧测力计和细线的重力及一切摩擦均不计，物重G=5N，则弹簧测力计A和B的示数分别为（　　）

A．5N，0N B．0N，5N C．5N，5N D．5N，10N

10．如图所示，电源电压U保持不变，R0为定值电阻，滑动变阻器R1的最大阻值为R1′．当滑片P在a端时，R0消耗的电功率为6W；当滑片P在b端时，电流表的示数为0.2A，且滑片P在a端时电压表示数U1与滑片P在b端时电压表示数U2之比U1：U2=5：1．则（　　）

A．R0=8Ω B．R1′=24Ω C．U1=9V D．U=20V

二、填空题

11．伟大的物理学家　 　，在前人的研究积累上，建立了著名的运动定律，奠定了经典物理学基础，20世纪杰出的物理学家　 　提出了相对论，从根本上冲击了经典物理学体系．

12．使用天平时，应将天平放在水平台上，使用前，将　 　移至称量标尺左端的“0”刻度线上；取砝码时，必须用　 　夹取．

13．使用弹簧测力计之前，要先　 　．如图所示，所测物体M受到的重力是　 　．

14．2017年5月5日，中国自己的大飞机C919首飞成功，举国欢庆．世界上多了一款属于中国的完全按照世界先进标准研制的大型客机．飞机的机翼通常都做成上表面　 　，下表面平直的形状．当飞机在空中飞行时，流过机翼上方的空气速度比流过机翼下方的空气速度　 　．

15．大山同学测量额定电压为3.8V的小灯泡的额定功率，当小灯泡正常发光时，电流表的示数如图所示，则通过小灯泡的电流是　 　A，小灯泡的电阻是　 　Ω．

16．汽车已经广泛进入家庭．四冲程汽油机的　 　冲程将内能转化为机械能，使汽车获得前进的动力．汽车导航仪与卫星之间是通过　 　来传递信息的．

17．我国法律规定，驾驶员醉驾要负刑事责任．为了判断驾驶员是否酒后驾车，交警需要用酒精测试仪对驾驶员进行检测．如图所示是酒精测试仪的原理图，图中R1为定值电阻，R2为酒精气敏电阻，电源电压保持不变，R2的阻值随酒精气体浓度的增大而减小，当酒精气敏电阻测试到酒精气体浓度增加时，电压表示数　 　，电流表示数　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）．

18．大山同学在中考体育考试中立定跳远跳出了218　 　的好成绩（填适当的单位）．小芳同学用60N的力投出的实心球在空中画了一条优美的弧线．若实心球重为20N，小芳投出了6.3m的距离，球最高点距地面2.6m，则球在空中飞行的过程中，小芳对球所做的功为　 　J．

19．如图所示的电路中，电源电压为18V且保持不变．当开关S闭合，滑动变阻器的滑片P滑至a端时，电流表示数为1.5A；当S断开，滑片P滑到变阻器中点时，电压表示数为9V，则滑动变阻器的最大阻值为　 　Ω；若电压表量程为0﹣15V，断开开关S，灯泡的最小功率为　 　W（不考虑温度对灯丝电阻的影响）．

20．如图所示，高为0.3m的圆柱形容器内盛有0.1m深的水．现将一密度为2×103kg/m3，底面积为S0m2，高为0.15m的圆柱形物块竖直放入水中，已知容器底面积为物块底面积的5倍，则物块静止在水中时（物块与容器底不密合），物块受到的浮力为　 　N，水对容器底的压力为　 　N（水的密度为1.0×103kg/m3，g取10N/kg）．

三、作图与实验题

21．如图所示，S为竖直放置的玻璃砖前的一发光点，由S发出的光经平直玻璃面AB反射后通过M点，请在图中画出入射光线和反射光线以及该入射光在玻璃砖中的折射光线的大致方向．

22．如图所示，当给电磁铁M通电，发现弹簧开始被压缩，过一会儿，条形磁铁和弹簧重新处于静止．此时把滑动变阻器的滑片P向B端滑动，弹簧的长度逐渐变短．请用笔画线代替导线，把电路连接完整（导线不能交叉，弹簧在其弹性范围内）．

23．如图所示，两个悬挂着的带相同电荷的小球A和B处于静止，请画出小球A所受到的力的示意图．

24．如图1所示，所测物体的长度是　 　cm．如图2所示，停表显示的时间是　 　s．

25．探究平面成像的特点的实验需要的器材；两支相同的蜡烛、一块　 　、支架、一张纸、一个光屏、　 　及火柴．实验情况如图所示，放在“烛焰”上的手指　 　被烧痛（选填“会”或“不会”）．

26．在探究杠杆的平衡条件的实验中，

（1）如图甲所示，为了使杠杆在水平位置平衡，应该向　 　移动右端的螺母（选填“左”或“右”）．

（2）实验时只有10个相同的钩码，杠杆上每格等距，当在A点挂3个钩码时，如图乙所示，则怎样挂钩码可以使杠杆在水平位置平衡？（请设计两种方案）

①　 　；

②　 　．

（3）通过对是雅安数据进行分析处理，可得出结论：杠杆平衡条件是　 　．

27．（11分）用伏安法测电阻，实验电路如图甲所示．

（1）连接电路时，开关应该是　 　的．

（2）大山同学在实验中的某次测量，电压表与电流表的读数如图乙所示，则此时待测电阻的阻值为　 　Ω．请你根据图甲的电路图，在图丙中用笔画线代替导线帮大山同学连接实物图（导线不能交叉）．

（3）实验中，如果电压表突然损坏，已知滑动变阻器的最大阻值为R，被测电阻的阻值为Rx，电源电压保持不变，但电源电压未知，请你利用剩下的器材测出Rx，先在右边方框内画出此时的实验电路图，再简要写出实验过程和计算Rx的表达式．

a、实验过程：　 　

b、Rx的表达式：Rx=　 　．

四、解答题

28．（5分）“可燃冰”是未来洁净的新能源．2017年5月，我国首次可燃冰试采成功．可燃冰具有热值大，能直接点燃等特点，她的热值约为5.9×109J/m3．问完全燃烧1m3的可燃冰能使质量约为多少kg的20℃的水温度升高到100℃？（水的比热容为4.2×103J/（kg℃））

29．（8分）如图甲所示，放在水平桌面上的圆柱形容器的底面积为100cm2，装有20cm深的水，容器的质量为0.02kg，厚度忽略不计．A、B是由密度不同的材料制成的两实心物块，已知B物块的体积是A物块体积的．当把A、B两物块用细线相连放入水中时，两物块恰好悬浮，且没有水溢出，如图乙所示，现剪断细线，A物块上浮，稳定后水对容器底的压强变化了60Pa，物块A有体积露出水面．已知水的密度为1.0×103kg/m3，g取10N/kg．试求：

（1）如图甲所示，容器对水平桌面的压强；

（2）细线被剪断后水面的高度差；

（3）A、B两物块的密度．

30．（9分）如图甲所示，电源电压保持不变，R2为0﹣20Ω的滑动变阻器．A1的量程为0.6A，A2的量程为3A，V1的量程为15V，V2的量程为3V，不考虑温度对灯丝电阻的影响，定值电阻R1的I﹣﹣U关系图象如图乙所示．

（1）当S1、S2都闭合时，A2读数为1.25A，V1读数为6V，小灯泡L恰好正常发光，求定值电阻R1的阻值和小灯泡的额定功率．

（2）当S1、S2都断开时，为保证各表的安全使用，求滑动变阻器允许连入电路的阻值范围．

（3）当S1、S2都断开时，在各表均能正常工作的情况下，求小灯泡L消耗的最大功率与最小功率之比是多少？该电路通电80s至少能产生多少热量？

2017年广西贵港市中考物理试卷

参考答案与试题解析

一、选择题

1．2017年4月22日，天舟一号与天宫二号实现自动交回对接，天宫二号空间实验室，是继天宫一号后中国自主研发的第二个空间实验室．下列说法正确的是（　　）

A．天宫二号是靠超声波向地面传递信息的

B．天空二号在发射过程中，动能转化为重力势能

C．自动交回对接成功后，天舟一号相对于天宫二号是静止的

D．在空间实验室不能使用测力计测量手的握力

【考点】D2：电磁波的传播；53：运动和静止的相对性；76：重力；FU：动能和势能的转化与守恒．

【分析】（1）飞船在太空中是通过无线电波传递信号的．

（2）根据速度和高度的变化分析；

（3）判断一个物体是否运动关键是看被研究的物体与所选的标准及参照物之间的相对位置是否发生了变化．如果发生变化，则为运动的，如果未发生变化，则为静止的．

（4）太空中处于失重状态．

【解答】解：

A、超声波不能在真空中传播，电磁波可以在真空中传播，所以航天员和地面控制中心之间的信息是靠电磁波传递的，故A错误．

B、天空二号在发射过程中，速度变大，动能变大，高度变大，重力势能变大，不是动能和势能的转化，故B错误；

C、天舟一号相对于天宫二号的相对位置没有发生变化，所以是静止的，故C正确．

D、太空中虽然失重，但弹力依然存在，所以用用握力棒锻炼臂力是可行的，故D错误．

故选C．

【点评】通过飞船的发射，考查运动与静止的相对性、声音的传播条件、电磁波的英语等知识点；从一个大的场景挖掘物理知识，是近几年比较流行的题目．

2．2017年1月4日人民网报道，广西贵港建成中国•东盟新能源电动车生产基地，关于电动车的下列说法，错误的是（　　）

A．电动机是利用电磁感应原理制造的

B．电动车行驶时是电能转化为机械能

C．轮胎凹凸不平的花纹是为了增大摩擦

D．电源指示灯用到了半导体材料

【考点】CM：直流电动机的原理；42：半导体的特点；43：半导体的作用；7I：增大或减小摩擦的方法．

【分析】（1）电动机是利用通电导体在磁场中受力的作用的原理制成的；

（2）电动机工作时，将电能转化为机械能；

（3）增大摩擦力的方法：增大压力，增大接触面的粗糙程度；

（4）二极管都是由半导体材料制成的．

【解答】解：A、电动机是利用通电导体在磁场中受力的作用的原理制成的，故A错误；

D、电动车行驶时消耗了电能，获得了机械能，所以是将电能转化为机械能，故B正确；

C、轮胎上凹凸不平的花纹，增大了接触面的粗糙程度，从而增大了摩擦，故C正确；

D、电源指示灯是发光二极管，是利用半导体材料制成的，故D正确．

故选A．

【点评】此题考查了电动机的原理、能量转化、增大摩擦的方法、半导体等知识点，是一道综合题．

3．贵港市城市建设和管理越来越注重以人为本．如金港大道两旁植树造林，穿城而过的南广高铁两旁建有隔音房，跳广场舞的大妈要把音量调小一些等，这些措施的共同目的是（　　）

A．绿化美化环境 B．减小噪声污染 C．减小大气污染 D．减小水污染

【考点】9J：噪声及来源．

【分析】减弱噪声噪声污染主要从三种方式上来进行：一是在声源处减弱，二是在传播过程中减弱，三是在接收处减弱．

【解答】解：

金港大道两旁植树造林、穿城而过的南广高铁两旁建有隔音房能阻断噪声的传播，跳广场舞的大妈要把音量调小一些是从声源处减弱噪声，故这些措施都是为了减小噪声污染．

关系B．

【点评】本题考查了减小噪声污染的方法，与实际生活密切联系．要求平时学习时，要多联系生活、多解释，提高分析解决问题的能力．

4．缺水已是一个世界性的普遍现象，因此我们要珍惜每一滴水，海水淡化是解决缺水问题的方法之一．现在所用的海水淡化的方法有很多种，其中一种是蒸馏法，即先将海水中的水汽化而把盐留下，再将水蒸气冷凝为液态的水．关于以上过程涉及的物态变化和吸（放）热情况，下列说法正确的是（　　）

A．先升华后凝华，先吸热后放热

B．先汽化后凝固，先放热后吸热

C．先汽化后液化，先吸热后放热

D．先汽化后液化，先放热后吸热

【考点】1H：汽化及汽化吸热的特点；1M：液化及液化现象．

【分析】物质由液态变成气态的过程叫做汽化，由气态变成液态的过程叫做液化，汽化吸热，液化放热，这两个过程是相反的．

【解答】解：

将海水中的水蒸发由液态变成气态，属于汽化现象，再将水蒸气冷凝为液态的水是气态变成液态，属于液化现象．其中汽化吸收热量，液化放出热量．

故选C．

【点评】本题主要考查了常见的汽化和液化现象在生活中的应用，把握住物态变化的概念是解题的关键．

5．当一位科学家通过实验宣称在某领域获得一项重要发现时，判断这一发现是否可信的最好理由是（　　）

A．该科学家是否为这一领域的权威

B．该领域其他科学家的意见

C．该实验报告撰写的详细程度

D．他人能否重复其实验并得到相同的结果

【考点】2R：物理常识．

【分析】此题考查的是实验的重复原则．为了减小实验结果的偶然性，提高实验的准确性，应考虑增加重复次数，反复验证实验结果．

【解答】解：正确的结论是经得住实践检验的．如何减小实验结果的偶然性，提高实验的准确性：控制实验只有一个变量，设置对照实验，多次实验，重复实验，反复探索，不断改进探究方法．因此，选项D符合题意．

故选D．

【点评】实验设计的原则：单一变量、设置对照组、多次重复、科学合理．

6．如图所示是家庭电路中的三孔插座和三脚插头示意图．下列说法正确的是（　　）

A．三脚插头的三个脚一样长

B．插孔E是用来接零线的

C．插孔L是用来接零线的

D．标有“E”的插脚能保证插入插座时，确保用电器外壳先接地

【考点】IT：插座的构造与工作方式．

【分析】三孔插座的接法是左零右火上接地，三脚插头的接法是中上的要与用电器外壳相连．

【解答】解：A、三脚插头最上面的那个脚是由于接地的，所以比其它的两个要长，即便于及早接地，使用时更为安全，故A错误；

BC、据其使用可知，E是解地线的，L是解火线的，N是接零线的，故BC错误；

D，据A可知，标有“E”的插脚能保证插入插座时，确保用电器外壳先接地，故D正确；

故选D．

【点评】此题考查了三孔插座的解法和正确使用，是一道基础题目．

7．大山同学做“探究凸透镜成像”的实验，当他把烛焰移到距透镜39cm的地方时，在光屏上观察到倒立缩小的像，则该凸透镜的焦距不可能的是（　　）

A．5cm B．10cm C．15cm D．20cm

【考点】B7：凸透镜成像规律及其探究实验．

【分析】根据凸透镜成像规律中的当u＞2f时，光屏上呈现倒立、缩小的实像，解不等式即可得出结论．

【解答】解：把蜡烛放在距离凸透镜39cm的某一位置时，在透镜另一侧得到一个清晰的，倒立的、缩小的像，

则u＞2f，即39cm＞2f，解得f＜19.5cm，则选项ABC都符合，只有D选项是不可能的．

故选D．

【点评】此题考查了对凸透镜成像规律的理解，首先要熟练掌握凸透镜成像的规律，同时注意其应用．此题中解不等式是关键，还要注意的是选择的是：“凸透镜的焦距不可能”，审题要仔细，认真．

8．下列各项排列中，按照尺度的数量级由大到小排列的是（　　）

A．银河系、太阳系、地球、生物体、分子、原子核、电子、夸克

B．太阳系、银河系、地球、生物体、原子核、分子、电子、夸克

C．银河系、太阳系、地球、生物体、原子核、分子、夸克、电子

D．太阳系、银河系、地球、生物体、分子、原子核、夸克、电子

【考点】36：从微观到宏观的尺度．

【分析】（1）宇宙中拥有数十亿个星系，银河系只是这数十亿个星系中的一个，太阳只不过是银河系中几千亿颗恒星中的一员，太阳周围存在八大行星，地球只是其中的一个；

（2）物质是由分子组成的，分子是由原子组成的，原子是由原子核和核外电子组成的，原子核是由质子和中子组成的，而夸克则是比质子更小的微粒．

【解答】解：银河系、太阳系、地球、生物体、分子、原子核、电子、夸克，按照尺度的数量级由大到小排列是：银河系、太阳系、地球、生物体、分子、原子，电子、夸克，故A正确，BCD错误．

故选A．

【点评】本题考查了学生对宏观世界和微观世界物质尺度的了解，属于基础的考查，比较简单．

9．如图所示，弹簧测力计和细线的重力及一切摩擦均不计，物重G=5N，则弹簧测力计A和B的示数分别为（　　）

A．5N，0N B．0N，5N C．5N，5N D．5N，10N

【考点】74：弹簧测力计的使用与读数．

【分析】当弹簧测力计受到平衡力时静止，在挂钩和拉环上施加大小相等、方向相反的力时，测力计示数显示其中一个力的大小；定滑轮的工作特点是只改变力的方向，不改变力的大小．

【解答】解：因为物重G=5N，所以A弹簧测力计受到向右5N的拉力，静止，向左受的拉力也是5N，示数也为5N；

同理，B测力计两端受的力都是5N，示数也为5N．

故选C．

【点评】此题考查了二力平衡条件的应用，根据物体处于静止状态，得出物体受平衡力的作用，从而得出测力计的示数，同时涉及到了定滑轮的特点．

10．如图所示，电源电压U保持不变，R0为定值电阻，滑动变阻器R1的最大阻值为R1′．当滑片P在a端时，R0消耗的电功率为6W；当滑片P在b端时，电流表的示数为0.2A，且滑片P在a端时电压表示数U1与滑片P在b端时电压表示数U2之比U1：U2=5：1．则（　　）

A．R0=8Ω B．R1′=24Ω C．U1=9V D．U=20V

【考点】IH：欧姆定律的应用；J9：电功率与电压、电流的关系．

【分析】由电路图可知，当滑片P在a端时，电路为R0的简单电路，电压表测电源的电压；当滑片P在b端时，R0与R′串联，电压表测R0两端的电压，根据欧姆定律求出滑片位于a端和b端时电路中的电流之比，然后求出滑片位于a端时电路中的电流，根据P=UI表示出R0消耗的电功率即可求出电源的电压，根据欧姆定律求出R0的阻值，再根据欧姆定律求出滑片位于b端时电路中的总电阻，利用电阻的串联求出R1′的阻值．

【解答】解：

由电路图可知，当滑片P在a端时，电路为R0的简单电路，电压表测电源的电压，即U1=U；

当滑片P在b端时，R0与R1′串联，电压表测R0两端的电压，示数为U2，

设前后两次电路中的电流分别为I1、I2，已知U1：U2=5：1，

由I=可得：

===，

则滑片位于a端时电路中的电流：

I1=5I2=5×0.2A=1A，

由P=UI可得，电源的电压：

U=U1===6V，故CD错误；

R0的阻值：

R0===6Ω，故A错误；

滑片位于b端时，R0与R1′串联，电路中的总电阻：

R===30Ω，

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，

所以，滑动变阻器的最大阻值：

R1′=R﹣R0=30Ω﹣6Ω=24Ω，故B正确．

故选B．

【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要注意电压表所测电路元件的判断．

二、填空题

11．伟大的物理学家　牛顿　，在前人的研究积累上，建立了著名的运动定律，奠定了经典物理学基础，20世纪杰出的物理学家　爱因斯坦　提出了相对论，从根本上冲击了经典物理学体系．

【考点】2R：物理常识．

【分析】根据我们对于牛顿的物理学成就和相对论的了解进行解答．

【解答】解：

英国物理学家牛顿提出了力学三大定律和万有引力定律，揭示了天上和地下一切物体运动的普遍规律，奠定了经典物理学基础．

著名的相对论是20世纪杰出的物理学家爱因斯坦提出的．

故答案为：牛顿；爱因斯坦．

【点评】多了解物理学史对培养我们学习物理的兴趣是有帮助的，所以考试中也时有涉及，在学习中应注意．

12．使用天平时，应将天平放在水平台上，使用前，将　游码　移至称量标尺左端的“0”刻度线上；取砝码时，必须用　镊子　夹取．

【考点】26：天平的使用．

【分析】托盘天平的使用，包括以下步骤：放置；调节平衡螺母使横梁平衡；放物体；加减砝码，移动游码使横梁恢复平衡．

【解答】解：使用天平时，应将天平放在水平桌面上．在调节横梁平衡时，首先要将游码移到标尺左端的零刻线处称量物体时，要将物体放在左盘里，用镊子在右盘里加减砝码移动游码．

故答案为：游码；镊子．

【点评】此题综合了托盘天平使用中的放置、调节、放置物体、加减砝码等各方面的内容．题目的难度不大，综合性较强．

13．使用弹簧测力计之前，要先　观察弹簧测力计的量程和分度值　．如图所示，所测物体M受到的重力是　3.6N　．

【考点】74：弹簧测力计的使用与读数．

【分析】首先观察弹簧测力计的量程和分度值，然后根据所示的指针位置进行读数，得出物体重力．

【解答】解：由图知：此弹簧测力计的最大刻度值为5N，故其测量范围是0～5N，分度值是0.2N；

此时指针所示物体受到的重力为：3N+0.2N×3=3.6N．

故答案为：观察弹簧测力计的量程和分度值；3.6N．

【点评】本题考查弹簧测力计的读数，较为简单，认清弹簧测力计的量程和分度值即可．

14．2017年5月5日，中国自己的大飞机C919首飞成功，举国欢庆．世界上多了一款属于中国的完全按照世界先进标准研制的大型客机．飞机的机翼通常都做成上表面　呈弧形凸起　，下表面平直的形状．当飞机在空中飞行时，流过机翼上方的空气速度比流过机翼下方的空气速度　大　．

【考点】8L：飞机的升力．

【分析】（1）机翼的下表面平直，上表面呈弧形凸起；

（2）飞机是利用流体的压强与流速的关系来产生升力的．

【解答】解：机翼的下表面平直，上表面呈弧形凸起．当飞机起飞时，飞机上方的空气流速大、压强小，下方流速小、压强大，就会产生一个向上的压力差，这就是飞机升力的产生原因．

故答案为：呈弧形凸起；大．

【点评】此题考查流体压强和流速的关系，解决本题的关键是了解机翼的形状，找出机翼上下方空气流速的特点．

15．大山同学测量额定电压为3.8V的小灯泡的额定功率，当小灯泡正常发光时，电流表的示数如图所示，则通过小灯泡的电流是　0.38　A，小灯泡的电阻是　10　Ω．

【考点】HY：电流表的读数方法；IH：欧姆定律的应用．

【分析】当灯泡电压等于额定电压2.5V时灯泡正常发光；根据图乙确定电流表的量程与最小分度值，根据根据电流表指针位置读出电流表示数，然后由公式R=求出小灯泡正常发光时的阻值．

【解答】解：调节滑动变阻器的滑片，当电压表示数等于灯泡额定电压3.8V时，灯泡正常发光；

由图乙可知，电流表量程为0～0.6A，分度值是0.02A，电流表示数是0.38A；

小灯泡正常发光时的阻值：R===10Ω．

故答案为：3.8；10；

【点评】本题考查电流表的读数和欧姆定律的应用，关键是要明确灯泡正常发光时，灯泡两端电压等于灯泡的额定电压．

16．汽车已经广泛进入家庭．四冲程汽油机的　做功　冲程将内能转化为机械能，使汽车获得前进的动力．汽车导航仪与卫星之间是通过　电磁波　来传递信息的．

【考点】GM：内燃机的四个冲程；D2：电磁波的传播．

【分析】（1）内燃机包括吸气、压缩、做功、排气四个冲程．其中压缩冲程将机械能转化为内能；做功冲程将内能转化为机械能．

（2）卫星通讯利用了电磁波来传递信息．

【解答】解：

（1）在汽油机的四个冲程中，做功冲程高温高压的燃气对活塞做功，将内能转化为机械能；

（2）汽车导航仪与卫星之间是通过电磁波来传递信息的．

故答案为：做功；电磁波．

【点评】此题主要考查了四个冲程中的能量转化情况，要知道在压缩冲程与做功冲程发生了能量的转化，转化情况正好相反．同时，还考查了卫星通讯中电磁波的传播知识．

17．我国法律规定，驾驶员醉驾要负刑事责任．为了判断驾驶员是否酒后驾车，交警需要用酒精测试仪对驾驶员进行检测．如图所示是酒精测试仪的原理图，图中R1为定值电阻，R2为酒精气敏电阻，电源电压保持不变，R2的阻值随酒精气体浓度的增大而减小，当酒精气敏电阻测试到酒精气体浓度增加时，电压表示数　变大　，电流表示数　变大　（选填“变大”、“变小”或“不变”）．

【考点】IZ：电路的动态分析．

【分析】由电路图可知，定值电阻与气敏电阻串联，电压表测量定值电阻两端的电压；根据题意可知如果测试到的酒精气体浓度越大传感器电阻越小，根据欧姆定律可知电路中的电流的变化和电压表示数的变化．

【解答】解：

由电路图可知，定值电阻R1与气敏电阻R2串联，电压表测量定值电阻两端的电压；

如果测试到的酒精气体浓度越大，则气敏电阻的阻值越小，电路中的总电阻越小；

根据I=可知，电路中的电流越大，即电流表示数越大；

根据U=IR可知，定值电阻R1两端的电压越大，即电压表的示数越大．

故答案为：变大；变大．

【点评】解本题的关键是由题干获取酒精气体传感器特性的信息：酒精气体传感器的电阻随酒精气体浓度的增大而减小．

18．大山同学在中考体育考试中立定跳远跳出了218　cm　的好成绩（填适当的单位）．小芳同学用60N的力投出的实心球在空中画了一条优美的弧线．若实心球重为20N，小芳投出了6.3m的距离，球最高点距地面2.6m，则球在空中飞行的过程中，小芳对球所做的功为　0　J．

【考点】EC：功的计算．

【分析】（1）对生活中的某些长度值要有大致的认识；

（2）功包含两个必要因素：作用在物体上的力和力的方向上通过的距离．

【解答】解：（1）学生立定跳远的成绩一般在2m以上，即200cm以上；故填218cm符合实际；

（2）功包含两个必要因素：作用在物体上的力和力的方向上通过的距离；而球在空中飞行的过程中，不再受小芳的力，故小芳对球所做的功为0；

故答案为：cm；0．

【点评】对生活中常见长度进行合理的估计，深入理解做功的必要因素；是解答此题的关键．

19．如图所示的电路中，电源电压为18V且保持不变．当开关S闭合，滑动变阻器的滑片P滑至a端时，电流表示数为1.5A；当S断开，滑片P滑到变阻器中点时，电压表示数为9V，则滑动变阻器的最大阻值为　36　Ω；若电压表量程为0﹣15V，断开开关S，灯泡的最小功率为　2　W（不考虑温度对灯丝电阻的影响）．

【考点】IH：欧姆定律的应用；JA：电功率的计算．

【分析】（1）当开关S闭合，滑动变阻器的滑片P滑至a端时，灯泡L与R的最大阻值并联，电流表测干路电流，根据并联电路的特点和欧姆定律表示出电流表的示数；当S断开，滑片P滑至中点时，灯泡L与R串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，根据串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，根据欧姆定律分别表示出电路中的电流，利用串联电路的电流特点得出等式得出电阻之间的关系，然后联立等式即可求出滑动变阻器的最大阻值和灯泡的电阻；

（2）根据电阻的串联和欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流，根据欧姆定律求出电压表的示数，然后与电压表的示数相比较确定电路中的最小电流，根据P=I2R求出灯泡的最小功率．

【解答】解：（1）当开关S闭合，滑动变阻器的滑片P滑至a端时，灯泡L与R的最大阻值并联，电流表测干路电流，

因并联电路中各支路两端的电压相等，且干路电流等于各支路电流之和，

所以，由I=可得：

I=IL+IR=+=+=1.5A﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①

当S断开，滑片P滑到变阻器中点时，灯泡L与R串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，

因串联电路中总电压等于各分电压之和，

所以，灯泡两端的电压：

UL=U﹣UR=18V﹣9V=9V，

因串联电路中各处的电流相等，

所以， =，即=，

解得：R=2RL﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②

由①和②解得：R=36Ω，RL=18Ω；

（2）因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，

所以，滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流：

I′===A，

滑动变阻器两端的电压：

UR′=I′R=A×36Ω=12V＜18V，

所以，电路中的最小电流为A，

则灯泡的最小功率：

PL小=（I′）2RL=（A）2×18Ω=2W．

故答案为：36；2．

【点评】本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的应用，分清电路的连接方式和知道灯泡正常发光时的电压与额定电压相等是关键．

20．如图所示，高为0.3m的圆柱形容器内盛有0.1m深的水．现将一密度为2×103kg/m3，底面积为S0m2，高为0.15m的圆柱形物块竖直放入水中，已知容器底面积为物块底面积的5倍，则物块静止在水中时（物块与容器底不密合），物块受到的浮力为　1250S0　N，水对容器底的压力为　6250S0　N（水的密度为1.0×103kg/m3，g取10N/kg）．

【考点】86：压强的大小及其计算；81：压力及重力与压力的区别；8P：浮力大小的计算．

【分析】根据V=Sh求出圆柱形容器内水的体积，再根据V=Sh求出圆柱形物块刚好浸没时需要水的体积，比较两者的关系判断出容器内的水没有浸没圆柱体，然后求出圆柱体放入容器后水的深度，进一步求出圆柱体排开水的体积，根据阿基米德原理求出物块受到的浮力；根据p=ρgh求出水对容器底的压强，利用F=pS求出水对容器底的压力．

【解答】解：圆柱形容器内水的体积：

V水=S容h水=5S0m2×0.1m=0.5S0m3，

圆柱形物块刚好浸没时需要水的体积：

V水′=（S容﹣S0m2）h圆柱体=（5S0m2﹣S0m2）×0.15m=0.6S0m3，

因V水＜V水′，

所以，容器内的水没有浸没圆柱体，则圆柱体放入容器后水的深度：

h===0.125m，

圆柱体排开水的体积：

V排=S0m2h=0.125S0m3，

物块受到的浮力：

F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.125S0m3=1250S0N；

水对容器底的压强：

p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.125m=1250Pa，

由p=可得，水对容器底的压力：

F=pS容=1250Pa×5S0m2=6250S0N．

故答案为：1250S0；6250S0．

【点评】本题考查了阿基米德原理和液体压强公式、压强定义式的应用，正确的判断出容器内的水没有浸没圆柱体是关键．

三、作图与实验题

21．如图所示，S为竖直放置的玻璃砖前的一发光点，由S发出的光经平直玻璃面AB反射后通过M点，请在图中画出入射光线和反射光线以及该入射光在玻璃砖中的折射光线的大致方向．

【考点】A8：作光的反射光路图；AN：作光的折射光路图．

【分析】（1）根据平面镜成像的特点作图．由于物与像关于镜面对称，先作出S的像点S′，连接S′M，交于镜面于一点，即为入射点，再完成光路；

（2）光从空气斜射入其他透明介质，折射光线和入射光线分居在法线的两侧，折射角小于入射角．

【解答】解：先通过玻璃砖作出发光点S的对称点S′，然后连接S′M交玻璃砖AB面于点O，OM即为反射光线，连接SO即为入射光线；

再过入射点作法线，根据光从空气斜射入其他透明介质，折射光线和入射光线分居在法线的两侧，折射角小于入射角作出该入射光在玻璃砖中的折射光线．如图所示：

【点评】此题综合考查平面镜成像作图、光的反射定律、光的折射定律作图，难度不大，属于基础作图题．

22．如图所示，当给电磁铁M通电，发现弹簧开始被压缩，过一会儿，条形磁铁和弹簧重新处于静止．此时把滑动变阻器的滑片P向B端滑动，弹簧的长度逐渐变短．请用笔画线代替导线，把电路连接完整（导线不能交叉，弹簧在其弹性范围内）．

【考点】CI：电磁铁的其他应用．

【分析】弹簧的长度的变化是由条形磁体对弹簧拉力的变化引起的．电磁铁对条形磁体作用力的变化是由其磁性强弱的变化引起的，因此从影响电磁铁的磁性强弱因素的变化入手分析解决此题．

【解答】解：弹簧的长度逐渐变短，说明磁铁受到的斥力变大，故螺旋管的上端为S极，根据安培定则可知，电磁铁的上端应接电源的正极；把滑动变阻器的滑片P向B端滑动，弹簧的长度逐渐变短，说明此时的电流变大，故应接滑动变阻器的B接线柱，如图所示：

．

【点评】本题将电路知识及磁场知识结合在一起考查了学生综合分析的能力，要求学生能灵活运用所学知识进行综合分析从而找出正确答案．

23．如图所示，两个悬挂着的带相同电荷的小球A和B处于静止，请画出小球A所受到的力的示意图．

【考点】6H：力的示意图；H8：电荷间的相互作用规律．

【分析】对小球A进行受力分析，然后按照力的示意图的画法画出各个力即可．

【解答】解：两个悬挂着的带相同电荷的小球A和B处于静止，小球A除受到竖直向下的重力、沿绳子向上的拉力外，还受到B对它向左的排斥力，过小球A的重心，分别沿各力的方向画一条带箭头的线段，即为其所受各力的示意图，如图所示：

【点评】画力的示意图的一般步骤为：一画简图二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边．按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图．

24．如图1所示，所测物体的长度是　2.50　cm．如图2所示，停表显示的时间是　50　s．

【考点】64：长度的测量；62：时间的测量．

【分析】（1）刻度尺上最小的一格代表的长度是刻度尺的分度值．使用刻度尺测量物体长度之前，要明确其分度值；测量时要观察是否从0刻度线量起，起始端没从0开始，要以某一刻度当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去前面的刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位．

（2）停表的中间的表盘代表分钟，周围的大表盘代表秒，秒表读数是两个表盘的示数之和．

【解答】解：

（1）刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm，即此刻度尺的分度值为0.1cm；物体左侧与0.00cm对齐，右侧与2.50cm对齐，所以物体的长度为L=2.50cm；

（2）在停表的中间表盘上，1min中间有两个小格，所以一个小格代表0.5min，指针在“0”和“1”之间，偏向“1”一侧，所以分针指示的时间为0min；

在停表的大表盘上，1s之间有1个小格，所以一个小格代表1s，指针在50s处，所以秒针指示的时间为50s，即秒表的读数为50s．

故答案为：2.50；50．

【点评】本题考查了刻度尺与停表的读数问题，是一道基础题，要掌握常用器材的使用及读数方法．

25．探究平面成像的特点的实验需要的器材；两支相同的蜡烛、一块　玻璃板　、支架、一张纸、一个光屏、　刻度尺　及火柴．实验情况如图所示，放在“烛焰”上的手指　不会　被烧痛（选填“会”或“不会”）．

【考点】AE：平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案．

【分析】在平面镜成像实验中采用的器材为玻璃板，其目的是为了确定像的位置，及物像的大小．从平面镜成的是虚像这个特点去分析，很容易得出第三空的答案．

【解答】解：玻璃板是透明的，不但反射光成像，还能透光看到玻璃板后面的蜡烛，用玻璃板代替平面镜，其目的是为了确定像的位置，及物像的大小，保证实验效果．

实验中需要用刻度尺来测量物距和像距的关系；

根据平面镜成像特点可知，平面镜成的像是虚像，玻璃板另一侧没有蜡烛，所以放在“烛焰“上的手指 不会烧痛．

故答案为：玻璃板；刻度尺；不会．

【点评】本题主要考查了探究平面镜成像的特点实验．不仅要熟练掌握平面镜成像的特点，还要学会利用其特点解决一些实际问题．

26．在探究杠杆的平衡条件的实验中，

（1）如图甲所示，为了使杠杆在水平位置平衡，应该向　右　移动右端的螺母（选填“左”或“右”）．

（2）实验时只有10个相同的钩码，杠杆上每格等距，当在A点挂3个钩码时，如图乙所示，则怎样挂钩码可以使杠杆在水平位置平衡？（请设计两种方案）

①　在G处挂2个钩码　；

②　在E处挂3个钩码　．

（3）通过对是雅安数据进行分析处理，可得出结论：杠杆平衡条件是　F1L1=F2L2　．

【考点】7U：探究杠杆的平衡条件实验．

【分析】（1）在调节杠杆在水平位置平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动；

（2）根据杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂进行解答；

（3）杠杆平衡条件：F1L1=F2L2．

【解答】解：（1）如图甲，杠杆的右端上翘，无论左端或右端的平衡螺母都要向上翘的右端移动；

（2）设一钩码重为G，一格为L，则杠杆在水平位置平衡时：左边=3G×4L=12GL，

右边=2G×6L=3G×4L=4G×3L=6G×2L=12GL，

所以可以在G处挂2个钩码，或在E处挂3个钩码、或在D处挂4个钩码、或在C处挂6个钩码；

（3）经过实验探究得出杠杆平衡条件：F1L1=F2L2．

故答案为：（1）右；（3）①在G处挂2个钩码；②在E处挂3个钩码；（3）F1L1=F2L2．

【点评】本题考查了杠杆平衡的调节和杠杆平衡条件的应用，正确运用杠杆平衡条件是关键．

27．（11分）（2017•贵港）用伏安法测电阻，实验电路如图甲所示．

（1）连接电路时，开关应该是　断开　的．

（2）大山同学在实验中的某次测量，电压表与电流表的读数如图乙所示，则此时待测电阻的阻值为　8　Ω．请你根据图甲的电路图，在图丙中用笔画线代替导线帮大山同学连接实物图（导线不能交叉）．

（3）实验中，如果电压表突然损坏，已知滑动变阻器的最大阻值为R，被测电阻的阻值为Rx，电源电压保持不变，但电源电压未知，请你利用剩下的器材测出Rx，先在右边方框内画出此时的实验电路图，再简要写出实验过程和计算Rx的表达式．

a、实验过程：　①测量时，先将滑片移至最右端，测出此时的电流I1，则电源电压U=I1Rx；

②将滑片移至最左端，测出此时的电流I2，则电源电压U=I2Rx+I2R．　

b、Rx的表达式：Rx=　　．

【考点】IM：伏安法测电阻的探究实验．

【分析】（1）为了保护电路元件，在连接电路时，开关要断开；

（2）根据欧姆定律计算小灯泡灯丝的电阻值；确定电压表和电流表的量程，将电流表、被测电阻以及滑动变阻器串联连接，电压表并联在被测电阻两端；注意滑动变阻器按一上一下的原则接线；

（3）由于没有电压表，滑动变阻器的最大阻值已知，可以将滑动变阻器看做一个定值电阻，使滑动变阻器的阻值为零，测出电流，使其阻值最大，测出电流，根据电源电压不变的特点列出关系式，求出位置电阻的阻值．

【解答】解：

（1）在连接电路时开关应该处于断开状态；

（2）由图乙可知，通过小灯泡的电流I=0.3A，小灯泡两端的电压U=2.4V，

此时小灯泡灯丝的电阻值R===8Ω；

由图乙可知，电压表的量程为0～3V；电流表的量程为0～0.6A；将电流表、被测电阻以及滑动变阻器串联连接，电压表并联在被测电阻两端；滑动变阻器按一上一下的原则接线；如下图所示：

（3）如果电压表突然损坏，已知滑动变阻器的最大阻值为R，电源电压保持不变，画出此时的实验电路图如下：

．

a实验步骤：①测量时，先将滑片移至最右端，测出此时的电流I1，则电源电压U=I1Rx；

②将滑片移至最左端，测出此时的电流I2，则电源电压U=I2Rx+I2R．

b、因电源电压保持不变，所以I1Rx=I2Rx+I2R，

则Rx的表达式为：Rx=．

故答案为：（1）断开；

（2）8；如上图；

（3）如上图；

实验步骤：①测量时，先将滑片移至最右端，测出此时的电流I1，则电源电压U=I1Rx；

②将滑片移至最左端，测出此时的电流I2，则电源电压U=I2Rx+I2R．

表达式：．

【点评】用伏安法测电阻，需用电压表与电阻并联，电流表与电阻串联，此题主要考查了电路的连接及电路故障的分析情况，其中第（3）小题，在没有电压表的情况下，根据电源电压不变的特点及欧姆定律测出了未知电阻的阻值，是本题的难点．

四、解答题

28．“可燃冰”是未来洁净的新能源．2017年5月，我国首次可燃冰试采成功．可燃冰具有热值大，能直接点燃等特点，她的热值约为5.9×109J/m3．问完全燃烧1m3的可燃冰能使质量约为多少kg的20℃的水温度升高到100℃？（水的比热容为4.2×103J/（kg℃））

【考点】GG：热量的计算．

【分析】知道可燃冰的体积和热值，利用Q放=Vq求1m3的可燃冰完全燃烧后放出的热量．

由题知Q吸=Q放，再利用Q吸=cm△t公式变形可求得可使多少千克的水从20℃升高到100℃．

【解答】解：

1m3的可燃冰完全燃烧后放出的热量：

Q放=Vq=1m3×5.9×109J/m3=5.9×109J．

由题知，水吸收的热量：Q吸=Q放=5.9×109J，

由Q吸=cm（t﹣t0）可得加热水的质量：

m==≈17560kg．

答：完全燃烧1m3的可燃冰能使质量约为17560kg的20℃的水温度升高到100℃．

【点评】本题考查了燃料完全燃烧放热公式Q放=Vq和吸热公式的掌握和运用，认识了新能源﹣﹣﹣可燃冰，增强了积极开发新能源的意识！

29．如图甲所示，放在水平桌面上的圆柱形容器的底面积为100cm2，装有20cm深的水，容器的质量为0.02kg，厚度忽略不计．A、B是由密度不同的材料制成的两实心物块，已知B物块的体积是A物块体积的．当把A、B两物块用细线相连放入水中时，两物块恰好悬浮，且没有水溢出，如图乙所示，现剪断细线，A物块上浮，稳定后水对容器底的压强变化了60Pa，物块A有体积露出水面．已知水的密度为1.0×103kg/m3，g取10N/kg．试求：

（1）如图甲所示，容器对水平桌面的压强；

（2）细线被剪断后水面的高度差；

（3）A、B两物块的密度．

【考点】86：压强的大小及其计算；8O：阿基米德原理．

【分析】（1）根据V=Sh求出圆柱形容器内水的体积，根据ρ=求出水的质量，容器对水平桌面的压力等于容器和水的重力之和，根据F=G=mg求出其大小，利用p=求出容器对水平桌面的压强；

（2）知道剪断细线后水对容器底的压强变化量，根据p=ρgh求出细线被剪断后水面的高度差；

（3）细线被剪断后A漂浮，由物块A有体积露出水面可求排开水的体积，根据漂浮条件和F浮=ρ液gV排、G=mg=ρVg得出等式即可求出A的密度；物块A有体积露出水面，则A露出水面的体积和容器内减少水的体积相等，据此求出A的体积，进一步求出B的体积；剪断细线前，AB两物块恰好悬浮，根据F浮=ρ液gV排、G=mg=ρVg得出等式即可求出B物体的密度．

【解答】解：（1）圆柱形容器内水的体积：

V水=S容h水=100cm2×20cm=2000cm3，

由ρ=可得，水的质量：

m水=ρ水V水=1.0g/cm3×2000cm3=2000g=2kg，

容器对水平桌面的压力：

F=G总=（m容+m水）g=（0.02kg+2kg）×10N/kg=20.2N，

容器对水平桌面的压强：

p===2020Pa；

（2）由p=ρgh可得，细线被剪断后水面的高度差：

△h===6×10﹣3m=0.6cm；

（3）细线被剪断后A漂浮，物块A有体积露出水面，则V排A=VA，

因物体漂浮时受到的浮力和自身的重力相等，

所以，由F浮=ρgV排和G=mg=ρVg可得：

ρ水gV排A=ρAVAg，

则ρA=ρ水=×1.0×103kg/m3=0.75×103kg/m3；

物块A有体积露出水面，则A露出水面的体积和容器内减少水的体积相等，即VA=S容△h，

则物体A的体积：

VA=4S容△h=4×100cm2×0.6cm=240cm3，VB=VA=×240cm3=30cm3，

剪断细线前，AB两物块恰好悬浮，则

ρ水g（VA+VB）=ρAVAg+ρBVBg，

B物体的密度：

ρB=ρ水﹣ρA=×1.0×103kg/m3﹣×0.75×103kg/m3=3×103kg/m3．

答：（1）如图甲所示，容器对水平桌面的压强为2020Pa；

（2）细线被剪断后水面的高度差为0.6cm；

（3）A物块的密度为0.75×103kg/m3，B物块的密度为3×103kg/m3．

【点评】本题考查了压强定义式和液体压强公式、物体浮沉条件、阿基米德原理、密度公式、重力公式的综合应用，知道A露出水面的体积和容器内减少水的体积相等是关键．

30．如图甲所示，电源电压保持不变，R2为0﹣20Ω的滑动变阻器．A1的量程为0.6A，A2的量程为3A，V1的量程为15V，V2的量程为3V，不考虑温度对灯丝电阻的影响，定值电阻R1的I﹣﹣U关系图象如图乙所示．

（1）当S1、S2都闭合时，A2读数为1.25A，V1读数为6V，小灯泡L恰好正常发光，求定值电阻R1的阻值和小灯泡的额定功率．

（2）当S1、S2都断开时，为保证各表的安全使用，求滑动变阻器允许连入电路的阻值范围．

（3）当S1、S2都断开时，在各表均能正常工作的情况下，求小灯泡L消耗的最大功率与最小功率之比是多少？该电路通电80s至少能产生多少热量？

【考点】IH：欧姆定律的应用；JA：电功率的计算．

【分析】（1）当S1、S2都闭合时，R1与L并联，电流表A2测干路电流，电压表V1测电源的电压，根据并联电路的电压特点可知两元件两端的电压，根据图乙读出通过R1的电流，根据欧姆定律求出R1的阻值，根据并联电路的电流特点求出通过灯泡的电流，根据P=UI求出小灯泡的额定功率；

（2）当S1、S2都断开时，灯泡L与R2串联，电压表V2测R2两端的电压，电流表A1测电路中的电流，比较灯泡的额定电流和A1的量程确定电路中的最大电流，此时变阻器接入电路中的电阻最小，根据欧姆定律求出电路中的总电阻和灯泡的电阻，根据电阻的串联求出变阻器接入电路中的最小阻值；当电压表V2的示数最大时变阻器接入电路中的电阻最大，根据串联电路的电压特点求出灯泡两端电压，根据欧姆定律求出电路中的电流，再根据欧姆定律求出变阻器接入电路中的最大阻值，进一步得出变阻器阻值的范围；

（3）当S1、S2都断开时，当电路中的电流最大时灯泡的电功率最大，当电路中的电流最小时灯泡的电功率最小，根据P=I2R求出小灯泡L消耗的最大功率与最小功率之比；当电路中的电流最小时，电路产生的热量最少，根据Q=W=UIt求出该电路通电80s产生的热量．

【解答】解：

（1）当S1、S2都闭合时，R2被短路，R1与L并联，电流表A2测干路电流，电压表V1测电源的电压，

因并联电路中各支路两端的电压相等，且灯泡正常发光，

所以，灯泡的额定电压UL=U1=U=6V，

由图乙可知，通过R1的电流I1=0.5A，

由I=可得，R1的阻值：

R1===12Ω，

因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，

所以，通过灯泡的电流：

IL=I﹣I1=1.25A﹣0.5A=0.75A，

则小灯泡的额定功率：

PL=ULIL=6V×0.75A=4.5W；

（2）当S1、S2都断开时，灯泡L与R2串联，电压表V2测R2两端的电压，电流表A1测电路中的电流，

因串联电路中各处的电流相等，电流表A1的量程为0.6A，灯泡的额定电流为0.75A，

所以，电路中的最大电流I大=0.6A，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，

此时电路中的总电阻为：

R===10Ω，

由1小题可得灯泡的电阻：RL===8Ω，

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，

所以，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：

R2小=R﹣RL=10Ω﹣8Ω=2Ω；

当电压表V2的示数最大为3V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，

因串联电路中总电压等于各分电压之和，

所以，灯泡两端的电压：

UL′=U﹣U2=6V﹣3V=3V，

此时电路中的电流：

I小===0.375A，

则滑动变阻器接入电路中的最大阻值：

R2大===8Ω，

所以，滑动变阻器允许连入电路的阻值范围为2Ω～8Ω；

（3）当S1、S2都断开时，当电路中的电流最大时灯泡的电功率最大，当电路中的电流最小时灯泡的电功率最小，

由P=I2R可得，小灯泡L消耗的最大功率与最小功率之比：

====；

当电路中的电流最小时，电路产生的热量最少，则该电路通电80s至少产生的热量：

Q=W=UI小t=6V×0.375A×80s=180J．

答：（1）定值电阻R1的阻值为12Ω，小灯泡的额定功率为4.5W；

（2）当S1、S2都断开时，为保证各表的安全使用，滑动变阻器允许连入电路的阻值范围为2Ω～8Ω；

（3）当S1、S2都断开时，在各表均能正常工作的情况下，小灯泡L消耗的最大功率与最小功率之比是64：25，该电路通电80s至少能产生180J的热量．

【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式、电功公式的应用，分清电路的连接方式和变阻器接入电路中最大、最小阻值的判断是关键．

广西贵港市2017年中考物理真题试题(含解析1)