2020版高考数学一轮复习第六章数列第3讲等比数列及其前n项和教案(理)(含解析)新人教A版
发布时间:2020-04-09 10:47:13
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第3讲 等比数列及其前n项和
基础知识整合
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1.等比数列的有关概念
(1)定义
如果一个数列从第c3c733703797ee1d440b23b3e45bac93.png
(2)等比中项
如果a,G,b成等比数列,那么e5b9d863253b08dcf7df72fd984f3227.png
2.等比数列的有关公式
(1)通项公式:an=a5d304572ab8da78b165de8ad07554ca.png
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等比数列的常用性质
(1)通项公式的推广:an=am·qn-m(n,m∈N*).
(2)若m+n=p+q=2k(m,n,p,q,k∈N*),则am·an=ap·aq=aa22da00d38bc6463d1aaf317e2cf53a0.png
(3)若数列{an},{bn}(项数相同)是等比数列,则{λan},7864ab8621432599dbebe9a85ce5cea2.png
(4)在等比数列{an}中,等距离取出若干项也构成一个等比数列,即an,an+k,an+2k,an+3k,…为等比数列,公比为qk.
(5)公比不为-1的等比数列{an}的前n项和为Sn,则Sn,S2n-Sn,S3n-S2n仍成等比数列,其公比为qn.
(6)等比数列{an}满足f68297040d5c2ca928aa3d77e1f34aa4.png
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1.(2019·四川成都检测)在等比数列{an}中,已知a3=6,a3+a5+a7=78,则a5=( )
A.12 B.18
C.24 D.36
答案 B
解析 由题意,a3+a5+a7=a3(1+q2+q4)=78,所以1+q2+q4=13,解得q2=3,所以a5=a3q2=18.故选B.
2.已知{an}是等比数列,且an>0,a2a4+2a3a5+a4a6=25,那么a3+a5的值为( )
A.5 B.10
C.15 D.20
答案 A
解析 根据等比数列的性质,得a2a4=a9fce386e066c5b373633660fe387a4cd.png
∴a2a4+2a3a5+a4a6=a9fce386e066c5b373633660fe387a4cd.png
而a2a4+2a3a5+a4a6=25,∴(a3+a5)2=25,
∵an>0,∴a3+a5=5.
3.(2019·广西柳州模拟)设等比数列{an}中,公比q=2,前n项和为Sn,则f32ceafc527ccf721d5270d63ed02780.png
A.fbf4d06eea06ec4970a8d8a2967ba24b.png
C.59277bfaba258555f7c1c2ee38383247.png
答案 A
解析 S4=0399fb80f889f12846bd675d7c11a024.png
4.若等比数列{an}满足anan+1=16n,则公比为( )
A.2 B.4
C.8 D.16
答案 B
解析 由anan+1=16n,得an+1·an+2=16n+1.两式相除得,86e019113fe631625e85691fd6d12d46.png
5.等比数列{an}的前n项和为Sn,若an>0,q>1,a3+a5=20,a2a6=64,则S5=( )
A.31 B.36
C.42 D.48
答案 A
解析 由等比数列的性质,得a3a5=a2a6=64,于是由e80448e404b831a0305afd0b49ebad1b.png
6.(2019·长春模拟)设数列{an}的前n项和为Sn,若Sn+1,Sn,Sn+2成等差数列,且a2=-2,则a7=( )
A.16 B.32
C.64 D.128
答案 C
解析 由题意得Sn+2+Sn+1=2Sn,得an+2+an+1+an+1=0,即an+2=-2an+1,∴{an}从第二项起是公比为-2的等比数列,∴a7=a2q5=64.故选C.
核心考向突破
考向一 等比数列的基本运算
例1 (1)(2019·汕头模拟)已知等比数列{an}的前n项和为Sn,S3=3a1+a2,则bcb3fad2765cf7329a5429203e8b7902.png
A.2 B.3
C.4 D.5
答案 B
解析 设等比数列的公比为q,由题意a1+a2+a3=3a1+a2得a3=2a1(a1≠0),∴q2=78afc540fb9b373fa03124c0643122c4.png
(2)(2018·全国卷Ⅲ)等比数列{an}中,a1=1,a5=4a3.
①求{an}的通项公式;
②记Sn为{an}的前n项和.若Sm=63,求m.
解 ①设{an}的公比为q,由题设得an=qn-1.
由已知得q4=4q2,解得q=0(舍去),q=-2或q=2.
故an=(-2)n-1或an=2n-1.
②若an=(-2)n-1,则Sn=2d5f3111c75e21567d4a9ee40bfcf8ae.png
由Sm=63得(-2)m=-188,此方程没有正整数解.
若an=2n-1,则Sn=2n-1.
由Sm=63得2m=64,解得m=6.
综上,m=6.
触类旁通
等比数列基本量的运算是等比数列中的一类基本问题,数列中有五个量a1,n,q,an,Sn,一般可以“知三求二”,通过列方程(组)所求问题可迎刃而解.解决此类问题的关键是熟练掌握等比数列的有关公式,并灵活运用,在运算过程中,还应善于运用整体代换思想简化运算的过程.
即时训练 1.已知等比数列{an}的前n项和为Sn,且a2018=3S2017+2018,a2017=3S2016+2018,则公比q等于( )
A.3 B.7c1bc20c016ab66f2b43e99fbf038c45.png
C.4 D.70e7efdd0b858341812e625a071abd09.png
答案 C
解析 由a2018=3S2017+2018,a2017=3S2016+2018,得a2017q-3S2017=2018,a2017-3S2016=2018,∴a2017q-3S2017=a2017-3S2016,∴a2017(q-1)=3(S2017-S2016)=3a2017,∴q=4.故选C.
2.等比数列{an}中,a1+a3=10,a2+a4=30,则数列{an}的前5项和S5=( )
A.81 B.90
C.100 D.121
答案 D
解析 ∵等比数列{an}中,a1+a3=10,a2+a4=30,
∴公比q=6f7ea0f0a49650005ce7478ce6f0dd11.png
3.(2019·安徽皖江名校联考)已知Sn是各项均为正数的等比数列{an}的前n项和,若a2·a4=16,S3=7,则a8=________.
答案 128
解析 ∵a2·a4=a9fce386e066c5b373633660fe387a4cd.png
∵a3=a1q2=4,S3=7,∴q≠1,S2=822eb9bd4d4ff2286c715e31cea1feed.png
∴a8=27=128.
考向二 等比数列的性质word/media/image2.gif
角度d90fbd3b3a16fce408c9f356029f00f6.png
例2 (1)(2019·四川绵阳模拟)等比数列{an}的各项均为正数,且a1+2a2=4,a80ef4de7003b65653f9b8f6041fdd192.png
A.b1d6892b74104ce6241a2486e5877b35.png
C.20 D.40
答案 B
解析 设等比数列的公比为q.由a16a448ff03551b36aa630e85e42fae4b.png
(2)在等比数列{an}中,公比a1+am=17,a2am-1=16,且前m项和Sm=31,则项数m=________.
答案 5
解析 由等比数列的性质知a1am=a2am-1=16,又a1+am=17,q>1,所以a1=1,am=16,Sm=ea0463b5d0bae22b880dc9994ca1fb0b.png
触类旁通
在等比数列的基本运算问题中,一般是利用通项公式与前n项和公式,建立方程组求解,但如果灵活运用等比数列的性质“若m+n=p+q m,n,p,q∈N* ,则有aman=apaq”,则可减少运算量,解题时,要注意性质成立的前提条件,有时需要进行适当变形.
即时训练 4.(2019·福建三明模拟)已知数列{an}是各项均为正值的等比数列,且a4a12+a3a5=15,a4a8=5,则a4+a8=( )
A.15 B.a74c4ef873eb22c5f153063d628cf438.png
C.5 D.25
答案 C
解析 ∵a4a12+a3a5=15,∴a80ef4de7003b65653f9b8f6041fdd192.png
5.(2019·江西联考)在等比数列{an}中,若a2a5=-0ce76ac2a0780b61166181ad16b7ba83.png
A.1 B.-265e19a4ae0afb453ff050334cc577b1.png
C.-8b9de384b0dbf2e69afd01814f2a7191.png
答案 C
解析 因为数列{an}是等比数列,a2a5=-0ce76ac2a0780b61166181ad16b7ba83.png
角度673e862e5423db6c0752f4354931b57e.png
例3 (1)已知各项都是正数的等比数列{an},Sn为其前n项和,且S3=10,S9=70,那么S12=( )
A.150 B.-200
C.150或-200 D.400或-50
答案 A
解析 解法一:由等比数列的性质知S3,S6-S3,S9-S6,S12-S9是等比数列,∴(S6-10)2=10(70-S6),解得S6=30或-20(舍去),又(S9-S6)2=(S6-S3)·(S12-S9),即402=20(S12-70),解得S12=150.故选A.
解法二:设等比数列前n项和为Sn=A-Aqn,则14906bd1f954351077fe929d9c7a555d.png
(2)已知等比数列{an}的前10项中,所有奇数项之和为85eecb7b1ea0e436b6eca7c9584c314a49.png
答案 585
解析 设公比为q,由e9f283884c6f15c8f40004b9751c522c.png
触类旁通
1 等比数列前n项和的性质主要是若Sn≠0,则Sn,S2n-Sn,S3n-S2n仍成等比数列.
(2)注意等比数列前n项和公式的变形.当q≠1时,Sn=a8a1f5cc51dbd2332ed5e260b3a0213d.png
3 利用等比数列的性质可以减少运算量,提高解题速度.解题时,根据题目条件,分析具体的变化特征,即可找到解决问题的突破口.
即时训练 6.(2019·云南玉溪模拟)等比数列{an}中,公比q=2,a1+a4+a7+…+a97=11,则数列{an}的前99项的和S99=( )
A.99 B.88
C.77 D.66
答案 C
解析 解法一:由等比数列性质知a1,a4,a7,…,a97是等比数列且其公比为q3=8,∴a320df51a9ef4007adefc456ce59458d.png
∴a1(1-299)=-77,∴S99=231599fc29b561038681c6e4d31485b8.png
解法二:令S0=a1+a4+a7+…+a97=11,S′=a2+a5+a8+…+a98,S″=a3+a6+a9+…+a99.由数列{an}为等比数列,q=2易知S0,S′,S″成等比数列且公比为2,则S′=2S0=22,S″=2S′=44,所以S99=S0+S′+S″=11+22+44=77.故选C.
7.各项均为正数的等比数列{an}的前n项和为Sn,若Sn=2,S3n=14,则S4n等于( )
A.80 B.30
C.26 D.16
答案 B
解析 由题意知公比大于0,由等比数列性质知Sn,S2n-Sn,S3n-S2n,S4n-S3n,…仍为等比数列.
设S2n=x,则2,x-2,14-x成等比数列.由(x-2)2=2×(14-x),解得x=6或x=-4(舍去).
∴Sn,S2n-Sn,S3n-S2n,S4n-S3n,…是首项为2,公比为2的等比数列.又∵S3n=14,∴S4n=14+2×23=30.故选B.
考向三 等比数列的判定与证明
例4 (1)(2018·全国卷Ⅰ)已知数列{an}满足a1=1,nan+1=2(n+1)an,设bn=2a7098501e5e8c9cf309542bea912f9d.png
①求b1, b2, b3;
②判断数列{bn}是否为等比数列,并说明理由;
③求{an}的通项公式.
解 ①由条件可得an+1=f88f900fa5c492e7818cec8aa7c51106.png
将n=1代入,得a2=4a1,而a1=1,所以a2=4.
将n=2代入,得a3=3a2,所以a3=12.
从而b1=1,b2=2,b3=4.
②{bn}是首项为1,公比为2的等比数列.由题设条件可得076cd736ba5e54866739a26387e79e6d.png
③由②可得44ffbd3b0c8611f5d3f858fc06b5e6ac.png
(2)(2019·安徽江南十校联考)已知Sn是数列{an}的前n项和,且满足Sn-2an=n-4.
①证明:{Sn-n+2}为等比数列;
②求数列{Sn}的前n项和Tn.
解 ①证明:当n=1时,a1=S1,S1-2a1=1-4,解得a1=3.
由Sn-2an=n-4可得Sn-2(Sn-Sn-1)=n-4(n≥2),即Sn=2Sn-1-n+4,所以Sn-n+2=2[Sn-1-(n-1)+2].
因为S1-1+2=4,所以{Sn-n+2}是首项为4,公比为2的等比数列.
②由①知Sn-n+2=2n+1,所以Sn=2n+1+n-2,
于是Tn=(22+23+…+2n+1)+(1+2+…+n)-2n=5e3e186242f50c2d26870ba167c24305.png
触类旁通
判定一个数列为等比数列的常用方法
(1)定义法:若151268e132894581e43333897876c0e6.png
ca31280a483b7d18dd437d67ae6dd1c7.png
d6546aa5e168dcdd3ece623b92bab945.png
即时训练 8.(2019·柳州模拟)已知数列{an}的前n项和为Sn,满足Sn=2an-2n(n∈N*).
(1)证明:{an+2}是等比数列,并求{an}的通项公式;
(2)数列{bn}满足bn=log2(an+2),Tn为数列b8713ffb67a36ee9135273fcfecd11c9.png
解 (1)证明:因为Sn=2an-2n(n∈N*) ①,
所以a1=S1=2a1-2,
得a1=2.当n≥2时,Sn-1=2an-1-2(n-1) ②.
由①②两式相减得an=2an-1+2,变形得an+2=2(an-1+2).
又因为a1+2=4,所以{an+2}是以4为首项,2为公比的等比数列,所以an+2=4×2n-1,所以an=4×2n-1-2=2n+1-2(n≥2).
又a1=2也符合上述表达式,所以an=2n+1-2(n∈N*).
(2)因为bn=log2(an+2)=log22n+1=n+1,
da55e7294af1491ed5480b648cd16f1d.png
所以Tn=43fc68e92b5e589571c753faa86e6dc7.png