江苏省镇江市2017中考物理试题含答案解析-

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2017年江苏省镇江市中考物理试卷
一、选择题（本题共12个小题，每小题2分，共24分） 1．（2分）电阻这一物理量的单位是（ ） A．安培
B．欧姆
C．伏特
D．瓦特
2．（2分）用大小不同的力敲击鼓面可改变声音的是（ ） A．传播速度
B．音调
C．音色
D．响度
3．（2分）下列现象中，属于熔化的是（ ）

A．露珠的形成 B．壶口冒“白气” C．冰雪消融 D．湿手烘干
4．（2分）我国已有几十颗通信卫星镶嵌在浩瀚太空，联结成一条“太空丝绸之路”，为我国所倡导的“一带一路”提供全方位通信服务，通信卫星与地面间信息传输的媒介是（ ）
A．可听声 B．次声波 C．电磁波 D．超声波
5．（2分）下列工具在使用时属于费力杠杆的是（ ）
A．
镊子 B．
剪子 C．
钳子 起子
D．
6．（2分）下列估计值中，最接近实际的是（ ）

A．人正常步行时的速度约为5m/s B．住宅楼每层楼的高度约为3m C．一本物理书的质量约为30g D．一盏家用节能灯的功率约为1kW
7．（2分）我国自主研制的大飞机C919试飞期间，一伴飞飞机与C919朝同一方向沿直线匀速飞行，题图为伴飞飞机上的科研人员某时刻通过航窗所看到的C919图景，已知伴飞飞机的速度比C919的大，则一段时间后科研人员看到的图景可能是（ ）

A． B． C． D．
8．（2分）图是投掷飞镖时的场景，下列说法正确的是（ ）

A．飞镖在投出之前没有惯性
B．飞镖在空中飞行时的运动状态保持不变 C．将飞镖投出的过程中，手对飞镖做了功
D．将飞镖按图示虚线方向投出，可击中靶上的P点
9．（2分）两只相同的集气瓶中分别装有空气和红棕色二氧化氮（NO2）气体，用玻璃板隔开后按图示水平放置，抽去玻璃板、保持两瓶口紧贴静置较长时间后，两瓶中气体颜色变得相同．已知瓶中NO2气体的密度比瓶中空气的大，下列说法正确的是（ ）


A．此现象能说明分子间存在相互作用的引力 B．此现象与“扫地时灰尘飞扬”的成因相同 C．颜色变得相同后，瓶中气体分子停止运动 D．颜色变得相同后，左侧瓶中气体密度变大
10．（2分）图是一种输液时所用报警电路：电电压恒定，R为定值电阻，闭合开关S，贴在针口处的传感器M接触到从针口处漏出的药液后，其电阻RM发生变化，导致电压表的示数增大而触犯警报器（图中未画出）报警，则M接触药液后（ ）

A．M的电阻RM变大 B．电路消耗的总功率变大
C．电压表与电流表的示数乘积不变 D．电压表与电流表的示数之比变大
11．（2分）如图所示，电视节目中“闯关游戏”的笔直通道上每隔8m设有一个关卡，各关卡同步放行和关闭，放行和关闭时间分别为5s和2s，当小强正通过关卡1左侧9m远的A处时，关卡刚好放行，若他全程以2m/s的速度做匀速直线运动，则最先挡住他前进的关卡是（ ）

A．关卡4 B．关卡3 C．关卡2 D．关卡1
12．（2分）图是一小球从密度均匀的油中A处由静止释放后竖直下落的图景，小球在AB段做加速运动，在BC段做匀速运动，①和②是小球经过的两个位置，则（ ）


A．小球与油的密度相等
B．小球经过位置①处所受浮力比②处的小 C．小球的机械能在BC段保持不变 D．小球在BC段不只受到重力和浮力

二、填空题（本题共9个小题，每空1分，共28分） 13．（3分）（1）图1中，木块的长度为 cm （2）图2中，量筒内液体的体积为 ml
（3）正确测量物体质量时盘中砝码和游码位置如图3所示，则物体的质量为 g

14．（3分）如图所示，用F=20N的拉力将重G=30N物体匀速提升2m，不计轮轴间摩擦及绳重，则动滑轮G动= N，上述过程中有用功W有= J，动滑轮的机械效率η= ．

15．（3分）图示实验装置中，磁体和导体棒均水平放置，断开S2、闭合S1，使导体棒水平向右运动，电流表G的指针向右偏，这是 现象，为使G的指针向左偏，可使导体棒向 运动，断开S1、闭合S2，导体棒能运动起，依此可制成 （选填“电动机”或“发电机”）．


16．（3分）用水冷却鸡蛋，鸡蛋的温度降低，内能 ，这是通过 改变了鸡蛋的内能，若水的质量是0.5kg，水温升高了5℃，则水吸收的热量是 J．
17．（3分）如图所示，针筒中充满了气态乙醚，当向下压活塞时，会有液态乙醚出现，这是 现象（填一种物态变化名称），此过程 热量（选填“吸热”或“放热”）；使气态乙醚发生这种物态变化的另一种方法是 温度．

18．（3分）某合金材料制成的解冻板，无需用水用电即可快速解冻食品，这是利用了该材料 性强的物理属性；边长为0.1m的由上述材料制成的正方体合金块质量为3kg，该材料的密度ρ= kg/m3，静置在水平地面上时对地面的压强p= Pa．g取10N/kg．
19．（3分）图1中，电电压U=6V，R为定值电阻，通过灯泡L的电流与灯泡两端电压关系如图2所示，闭合开关S，电压表示数为4.5V，则电路中电流I= A，灯泡功率P= W，定值电阻R= Ω

20．（3分）图是某电饭锅内部电加热器原理电路，它有烧煮和保温两档，开关S断开时，电饭锅处于 档，已知R1=484Ω，烧煮时的功率是保温时的11倍，则R2= Ω，该电饭煲烧煮，保温各1h可使电能表（3000imp/kW•h）的指示灯闪烁 次．



21．（4分）如图所示，用焦距为5cm的凸透镜进行了如下实验操作：将蜡烛放在A处时，位于P处（图中未画出）的光屏上得到了清晰的缩小像；保持透镜位置不变，向右移动蜡烛至B处，再将光屏从P处移至另一位置得到清晰的放大像，则两次所成的像都是 立的，P位于A的 侧，上述过程中光屏是向 侧移动的，用刻度表示透镜在光具座上的位置： ．



三、解答题（共7个小题，共48分）
22．（2分）请在图中虚线框内标出电左端的极性（“+”或“﹣”）和静止小磁针的N极；

23．（2分）请将虚线框内带有保险丝的三孔插座正确接入家庭电路．

24．（2分）形状不规则的石块静止在水平桌面上，O为重心，请画出它所受力的示意图．

25．（6分）图1是某同学探究平面镜成像特点的实验装置，棋子A和B完全相
同

（1）实验中应选择较 （选填“厚”或“薄”）的茶色玻璃板，并将其 放置在水平桌面上．
（2）为确定棋子A像的位置，应在玻璃板后方移动棋子B，直到它与棋子A的像 ；
（3）多次改变棋子A的位置进行实验，可得到像与物关于 对称的实验结论
（4）某次实验后，将光屏竖直放置棋子B的位置，光屏上 （选填“能”或“不能”）接收到棋子A的像．
（5）另一位同学直接用平面镜确定像的位置，如图2所示，平面镜竖直放置在铺有白纸的水平桌面上，将5节同样的小电池直立在白纸上，保持电池①的位置不变，移动其它电池，使电池③遮挡住电池①的像和电池②，电池⑤遮挡住电池①的像和电池④，在白纸上记录下电池的位置如图3所示，请在图3中作出电池①像的位置并用“•”表示．
26．（6分）图1是小丽探究动能大小与速度关系时的实验场景：斜面上有两平行轨道，将两小球①、②从轨道上由静止释放，与放置在水平木板上的两个相同木块①、②发生碰撞，两个木块初始位置到斜面底端的距离相等．

（1）为完成实验，应使两个质量 的小球从轨道上 高度由静止释放（均选填“相同”或“不同”）

（2）由图1场景可知，碰撞木块前瞬间，小球 的动能较大，两木块通过A、B两点处所受的滑动摩擦力大小分别为fA、fB，则fA fB，滑行中，木块的动能转化成 能；
（3）图2是某次实验的场景：将两小球从图中E、F处静止释放，最终木块①从水平木板的右端滑出，小丽用质量更大的木块③替换木块①后继续此次实验，将两小球仍从图中E、F处由静止释放，木块③未滑出木板，小丽的实验改进有一处遗漏，它是 ．
27．（8分）在测量电阻的实验中：
（1）小华设计的测量电路如图1所示，待测电阻Rx约10Ω

①在开关闭合前，滑动变阻器的滑片应置于最 端； ②导线A、B、C、D中有一根连接错误，这根导线是 ；
③改正连接错误并闭合开关后，小华发现无论怎样调节滑动变阻器，电压表示数不为零且保持不变，而电流表示数始终为零，已知导线及各处连接完好，则电路中 出现了 故障．
（2）小清设计的测量另一待测电阻Rx阻值的电路如图2所示 ①他的测量步骤如下
第1步：将Rx接在电路中A、B两点间，闭合开关S，调节滑动变阻器滑片P至适当位置，此时电压表的示数如图3所示，示数为 V；断开开关S，移走Rx
第2步：再将电阻箱R接在A、B两点间，闭合开关S，保持滑动变阻器的滑片P位置不变，调节电阻箱使电压表的示数仍如图3所示，此时电阻箱接入电路中阻值R=48Ω，则小清测得Rx的阻值为 Ω
②在第2步中，若小清无意中将滑动变阻器的滑片P向右移了少许，则他测得Rx的阻值将偏 ，设滑片P的右移使滑动变阻器接入电路的阻值增大了2Ω，则小清测得Rx的值为 Ω．

28．（5分）如图所示，将重力不计的吸盘内部空气排尽后与水平地砖完全贴合，已知贴合的面积为30cm2，大气压强为1×105Pa，AB为轻质杠杆，O为转轴，OA与OB的长度之比为1：3保持杠杆水平，某人在B端用竖直向下的拉力F将吸盘沿竖直方向刚好拉离地砖 （1）求吸盘所受的大气压力F0 （2）求人所用拉力F
（3）若人沿图中虚线方向施加拉力F′将吸盘拉离地砖，请画出拉力F′的力臂．

29．（8分）某汽车在平直路面上以75km/h的速度匀速行驶1h的过程中，消耗了5kg汽油，汽油燃烧释放能量的40%随废气通过热电转换装置，如图所示，汽油热值近似取q=5×107J/kg，设汽油在气缸内完全燃烧．
（1）图示时刻，四冲程汽油机处于 冲程；若该汽油机每分钟完成7200个冲程，则它每秒钟完成 个工作循环
（2）若上述过程中汽油燃烧释放能量的30%用驱动汽车行驶，求汽车所受的阻力f；
（3）研究表明新材料的出现可将热电转换装置的效率大幅提高到15%，据此计算，上述过程中随废气排放的能量通过转换装置后可获得多少电能？这些电能可供车内总功率为1000W的用电器持续工作多长时间？

30．（9分）建设居民楼雨水蓄水系统是镇江市海绵城市建设项目之一，让市民不再“城市看海”．图1是小明设计的地下蓄水池（未画出）水位监测及排水电路，
R为电阻箱，RF为置于池底的压力敏感电阻，其阻值随上方水的压力的变化而变化，已知：电压U=12V；当电磁铁线圈中的电流I≤0.04A时，铁质开关被释放，当I≥0.048A时，被吸上，从而通过控制池底水泵将水位保持在一定的范围内；电磁铁线圈电阻不计，RF的阻值随池内水位变化关系如图2所示．

（1）当池内水位升高时，RF受到水的压力将变 ；
（2）请在图1中接入一电压表，要求当水位升高时电压表的示数增大 （3）若此电路能控制池内的最低水位0.5m，求所能控制的最高水位．
（4）为既能调高池内最高水位，又能使池内最高与最低水位的高度差保持不变，小明采取了减小R的调节方案，该该方案是 的（选填“可行”或“不可行”），你的理由是 ．



2017年江苏省镇江市中考物理试卷
参考答案与试题解析


一、选择题（本题共12个小题，每小题2分，共24分） 1．（2分）（2017•镇江）电阻这一物理量的单位是（ ） A．安培
B．欧姆
C．伏特
D．瓦特
【分析】电学中各个物理量都有自己的国际单位；电阻的国际单位是欧姆，简称欧，符号为Ω．
【解答】解：A、安培是电流的国际单位；故A错误； B、电阻的国际单位是欧姆，简称欧，符号为Ω．故B正确； C、伏特是电压的国际单位；故C错误； D、瓦特是功率的国际单位；故D错误； 故选B
【点评】电学中的物理量较多，各个物理量都有自己的单位，不要将单位相互混淆．

2．（2分）（2017•镇江）用大小不同的力敲击鼓面可改变声音的是（ ） A．传播速度
B．音调
C．音色
D．响度
【分析】解决此题的关键是要知道声音的响度与声振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大；振动幅度越小，响度越小．
【解答】解：当用大小不同的力敲击鼓面时，鼓面会因振动而发出声音，由于鼓面振动的幅度不同，所以声音的响度也会不同； 故选D．
【点评】解决此类问题要结合声音特征中的响度定义去分析解答．

3．（2分）（2017•镇江）下列现象中，属于熔化的是（ ）

A．
露珠的形成 B．
壶口冒“白气” C．
冰雪消融 湿手烘干
D．
【分析】（1）在一定条件下，物体的三种状态﹣﹣固态、液态、气态之间会发生相互转化，这就是物态变化；
（2）物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固．
【解答】解：A、露珠是空气中的水蒸气遇冷液化成的小水珠，属于液化现象，故A错误；
B、壶口冒“白气”是水蒸气遇冷液化成的小水珠，属于液化现象，故B错误； C、冰雪消融是有固态变成液态，属于熔化现象，故C正确； D、湿手烘干是水由液态变成气态，是汽化现象，故D错误． 故选C．
【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识．

4．（2分）（2017•镇江）我国已有几十颗通信卫星镶嵌在浩瀚太空，联结成一条“太空丝绸之路”，为我国所倡导的“一带一路”提供全方位通信服务，通信卫星与
地面间信息传输的媒介是（ ）
A．可听声 B．次声波 C．电磁波 D．超声波 【分析】通信卫星是利用电磁波传递信息的．
【解答】解：通信卫星与地面间信息传输是依靠电磁波完成的． 故选：C．
【点评】这是一道考查电磁波在日常生活中应用的题，是一道基础题．

5．（2分）（2017•镇江）下列工具在使用时属于费力杠杆的是（ ）
A．
镊子 B．
剪子 C．
钳子 起子
D．
【分析】结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆．
【解答】解：A、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故A正确；
B、剪子在使用过程动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故B错误； C、钳子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故C错误； C、起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故D错误． 故选：A．
【点评】此题考查的是杠杆的分类主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂．



6．（2分）（2017•镇江）下列估计值中，最接近实际的是（ ） A．人正常步行时的速度约为5m/s B．住宅楼每层楼的高度约为3m C．一本物理书的质量约为30g D．一盏家用节能灯的功率约为1kW
【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案． 【解答】解：
A、人正常步行的速度在4km/h=4×m/s≈1.1m/s左右．故A不符合实际；
B、住宅楼三层的高度在10m左右，一层楼的高度一般在3m左右．故B符合实际；
C、一个大苹果的质量在300g左右，一本物理书的质量与此差不多，在300g左右．故C不符合实际；
D、教室中日光灯的额定功率在40W左右，家用节能灯的额定功率比日光灯还要小得多，一般在10W左右．故D不符合实际． 故选B．
【点评】本题考查学生对生活中常见物体的数据的了解情况，本题告诉我们一定要对实际生活中常见的物体做到熟知，以免闹了笑话自己还不知道．

7．（2分）（2017•镇江）我国自主研制的大飞机C919试飞期间，一伴飞飞机与C919朝同一方向沿直线匀速飞行，题图为伴飞飞机上的科研人员某时刻通过航窗所看到的C919图景，已知伴飞飞机的速度比C919的大，则一段时间后科研人员看到的图景可能是（ ）


A． B． C． D．
【分析】判断一个物体的运动情况，一定是相对参照物而言，选择不同的参照物，物体的运动情况会不一样． 【解答】解：
飞机C919试飞期间，伴飞飞机与C919朝同一方向沿直线匀速飞行，伴飞飞机的速度比C919的大，所以经过一段时间后C919应该相对于伴飞飞机向后运动，故A图符合实际情况，故A正确． 故选A．
【点评】运动和静止时相对于参照物而言的，所以我们虽然可以选择任意的物体作为参照物，但是在进行判断的时候必须把物体假定为静止．

8．（2分）（2017•镇江）图是投掷飞镖时的场景，下列说法正确的是（ ）

A．飞镖在投出之前没有惯性
B．飞镖在空中飞行时的运动状态保持不变 C．将飞镖投出的过程中，手对飞镖做了功
D．将飞镖按图示虚线方向投出，可击中靶上的P点
【分析】（1）物体都有保持原运动状态的性质叫惯性，一切物体在任何情况下都有惯性；
（2）力的作用效果：力可以改变物体的形状、力可以改变物体的运动状态； （3）做功的两个必要因素：①．作用在物体上的力；②．物体在力的方向上通过的距离；
（4）在地球附近的物体都受到地球的吸引力，叫重力，重力的方向竖直向下． 【解答】解：A、一切物体在任何情况下都有惯性，故A错误；
B、飞镖在空中受到竖直向下的重力作用，飞行时的运动状态时刻在改变，故B
错误；
C、将飞镖投出的过程中，手对飞镖做了功，飞镖受到了力，并且在力的方向移动了距离，使物体具有了机械能，故C正确；
D、将飞镖按图示虚线方向投出，飞镖受重力作用，由于重力的方向竖直向下，飞镖不做直线运动，故不能击中靶上的P点． 故选C．
【点评】本体主要考查惯性、力的作用效果、功以及重力等，基础知识．

9．（2分）（2017•镇江）两只相同的集气瓶中分别装有空气和红棕色二氧化氮（NO2）气体，用玻璃板隔开后按图示水平放置，抽去玻璃板、保持两瓶口紧贴静置较长时间后，两瓶中气体颜色变得相同．已知瓶中NO2气体的密度比瓶中空气的大，下列说法正确的是（ ）

A．此现象能说明分子间存在相互作用的引力 B．此现象与“扫地时灰尘飞扬”的成因相同 C．颜色变得相同后，瓶中气体分子停止运动 D．颜色变得相同后，左侧瓶中气体密度变大
【分析】不同的物质相互接触时，彼此进入对方的现象叫做扩散，扩散现象说明了分子在不停的做无规则运动． 【解答】解：
A、当把中间的玻璃板抽掉后观察到左右两个瓶子颜色变均匀了，这是扩散现象，说明分子在不同的做无规则运动，故A错误；
B、“扫地时灰尘飞扬”是固态颗粒的机械运动，此现象与“扫地时灰尘飞扬”的成因不同，故B错误；
C、组成物质的分子在不停地做无规则运动，两瓶颜色变得相同后，瓶中气体分子仍然在运动，故C错误；
D、因为NO2气体的密度大于空气的密度，所以两气体混合后，左侧瓶中气体密
度变大，故D正确． 故选D．
【点评】本题考查学生对分子运动特点和其相关因素的掌握情况，需要对分子动理论加强记忆方面的训练．

10．（2分）（2017•镇江）图是一种输液时所用报警电路：电电压恒定，R为定值电阻，闭合开关S，贴在针口处的传感器M接触到从针口处漏出的药液后，其电阻RM发生变化，导致电压表的示数增大而触犯警报器（图中未画出）报警，则M接触药液后（ ）

A．M的电阻RM变大 B．电路消耗的总功率变大
C．电压表与电流表的示数乘积不变 D．电压表与电流表的示数之比变大
【分析】由电路图可知，定值电阻R与传感器电阻M串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流．根据题意可知，M接触药液后，警报器报警，电压表V的示数增大，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，进一步可知电压表V与电流表A的乘积变化；根据P=UI可知电路消耗总功率的变化，根据欧姆定律可知电路中总电阻的变化，根据电阻的串联可知M的电阻变化；根据欧姆定律结合定值电阻的阻值可知电压表V与电流表A的比值变化．
【解答】解：由电路图可知，定值电阻R与传感器电阻M串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流．
由题意可知，M接触药液后，警报器报警，电压表V的示数增大，
由I=的变形式U=IR可知，电压表示数增大时，电路中的电流变大，即电流表的示数变大，
则电压表与电流表的乘积变大，故C错误；

由P=UI可知，电电压不变时，电路消耗的总功率变大，故B正确； 由R=可知，电路中的总电阻变小， 因串联电路中总电阻等于各分电压之和， 所以，M的电阻RM变小，故A错误；
由R=可知，电压表V与电流表A的比值等于定值电阻R的阻值，则电压表与电流表的比值不变，故D错误． 故选B．
【点评】本题考查了电路的动态分析，设计掉欧姆定律和电功率公式的应用，正确的判断电压表示数变大时电路中电流的变化是关键．

11．（2分）（2017•镇江）如图所示，电视节目中“闯关游戏”的笔直通道上每隔8m设有一个关卡，各关卡同步放行和关闭，放行和关闭时间分别为5s和2s，当小强正通过关卡1左侧9m远的A处时，关卡刚好放行，若他全程以2m/s的速度做匀速直线运动，则最先挡住他前进的关卡是（ ）

A．关卡4 B．关卡3 C．关卡2 D．关卡1
【分析】计算到达各个关卡的时间与关卡放行和关闭的时间对比，得出结果． 【解答】解：
由题知，关卡放行和关闭时间分别为5s和2s，小强正通过A处时，关卡刚好放行，
由v=可得，小强到达关卡1时所用的时间：t1=1不会挡住他；
每两个关卡间距离8m，所以小强通过相邻两关卡所用的时间t===4s，
==4.5s＜5s，所以关卡小强到达关卡2的时间：t2=t1+t=4.5s+4s=8.5s，5s+2s＜t2＜5s+2s+5s，所以关卡2不会挡住他；
小强到达关卡3的时间：t3=t2+t=8.5s+4s=12.5s，5s+2s+5s＜t3＜5s+2s+5s+2s，所
以关卡3会最先挡住他． 故选B．
【点评】本题考查速度公式的应用，关键是计算出小强到每个关卡所用的时间．

12．（2分）（2017•镇江）图是一小球从密度均匀的油中A处由静止释放后竖直下落的图景，小球在AB段做加速运动，在BC段做匀速运动，①和②是小球经过的两个位置，则（ ）

A．小球与油的密度相等
B．小球经过位置①处所受浮力比②处的小 C．小球的机械能在BC段保持不变 D．小球在BC段不只受到重力和浮力
【分析】（1）根据浮沉条件判断油和小球的密度；
（2）根据F浮=ρ液gV排判断小球经过位置①处所受浮力与②处的大小； （3）影响动能的因素：质量和速度； 影响重力势能的因素：质量和高度；
（4）根据“小球在AB段做加速运动，在BC段做匀速运动”受力分析．
【解答】解：A、小球从密度均匀的油中A处由静止释放后竖直下落，是下沉过程，下沉物体的密度大于油的密度，故A错误；
B、根据F浮=ρ液gV排知，下沉过程中，液体的密度不变，排开液体的体积不变，浮力不变，故小球经过位置①处所受浮力等于②处的大小，故B错误； C、小球在BC段做匀速运动，质量不变，速度不变，动能不变，高度减小，重力势能减小，机械能减小，故C错误；
D、小球在BC段做匀速运动，受到平衡力的作用，但重力大于浮力，故不只受到重力和浮力，还受油的阻力，故D正确． 故选D．
【点评】本题考查了浮沉条件、影响浮力的因素、影响动能、重力势能的因素、受力分析等知识，是一道综合题，有一定的难度．



二、填空题（本题共9个小题，每空1分，共28分）
13．（3分）（2017•镇江）（1）图1中，木块的长度为 2.90 cm （2）图2中，量筒内液体的体积为 17 ml
（3）正确测量物体质量时盘中砝码和游码位置如图3所示，则物体的质量为 73.5 g

【分析】（1）使用刻度尺测量物体长度时，要观察是否从0刻度线量起，起始端没从0开始，要以某一刻度当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去前面的刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位； （2）首先认清量筒的分度值，然后进行读数；
（3）先读出砝码的质量；再读出游码在标尺上的示数，读取游码在标尺上的示数先要认清分度值（相邻两刻线之间的刻度），然后看游码的左端在标尺的什么位置读出游码示数；砝码质量加上游码示数就是物体的质量． 【解答】解：
（1）由图知：刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表1mm，即刻度尺的分度值为1mm；木块左侧与0刻度线对齐，右侧与2.90cm对齐，所以木块的长度为L=2.90cm；
（2）在量筒上，10ml之间有10个小格，一个小格代表1ml，即量筒的分度值为1ml，液体的体积为V=17ml；
（3）天平标尺的分度值是0.5g，被测物体的质量是50g+20g+3.5g=73.5g． 故答案为：（1）2.90；（2）17；（3）73.5．
【点评】此题考查的是常见的几种物理仪器的读数方法，在读数前一定要观察仪器的量程和分度值；需要注意的是长度的测量需要进行估读．


14．（3分）（2017•镇江）如图所示，用F=20N的拉力将重G=30N物体匀速提升2m，不计轮轴间摩擦及绳重，则动滑轮G动= 10 N，上述过程中有用功W有= 60 J，动滑轮的机械效率η= 75% ．

【分析】动滑轮绳子的有效股数为2，不计轮轴间摩擦及绳重，根据F=（G+G动）求出动滑轮的重力，根据W=Gh求出有用功，根据W=Fs=Fnh求出总功，利×100%求出动滑轮的机械效率．
用η=【解答】解：动滑轮绳子的有效股数为2，不计轮轴间摩擦及绳重， 由F=（G+G动）可得，动滑轮的重力： G动=nF﹣G=2×20N﹣30N=10N， 有用功：
W有=Gh=30N×2m=60J， 总功：
W总=Fs=20N×2×2m=80J， 动滑轮的机械效率：
η=×100%=×100%=75%．
故答案为：10；60；75%．
【点评】本题考查了滑轮组绳子拉力公式、做功公式、机械效率公式的应用，利用好F=（G+G动）和s=nh是关键．

15．（3分）（2017•镇江）图示实验装置中，磁体和导体棒均水平放置，断开S2、闭合S1，使导体棒水平向右运动，电流表G的指针向右偏，这是 电磁感应 现象，为使G的指针向左偏，可使导体棒向 左 运动，断开S1、闭合S2，导体棒能运动起，依此可制成 电动机 （选填“电动机”或“发电机”）．


【分析】（1）产生感应电流的条件：闭合的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中有感应电流产生；感应电流的方向跟导体切割磁感线方向、磁场方向有关．
（2）通电导体在磁场中受力的作用；将电能转化为机械能，由此发明了电动机． 【解答】解：断开S2、闭合S1，使导体棒水平向右运动，此时导体在磁场中做切割磁感线运动，电路中就会产生感应电流，电流表G的指针向右偏，这是电磁感应现象；
感应电流的方向与导体运动方向有关，为使G的指针向左偏，可使导体棒向左运；
断开S1、闭合S2，导体棒有电流，在磁场中受到到力的作用，能运动起，这就是电动机的原理．
故答案为：电磁感应；左；电动机．
【点评】本题通过产生感应电流的条件和感应电流的方向的影响因素推导出实验现象，是学以致用的典型题目．

16．（3分）（2017•镇江）用水冷却鸡蛋，鸡蛋的温度降低，内能 减小 ，这是通过 热传递 改变了鸡蛋的内能，若水的质量是0.5kg，水温升高了5℃，则水吸收的热量是 1.05×104 J．
【分析】（1）改变物体内能有两种方式：做功和热传递．热传递过程是能量的转移，而做功过程是能量的转化；
（2）知道水的质量、水的比热容、水的温度变化，利用吸热公式Q吸=cm△t求水吸收的热量，．
【解答】解：（1）用水冷却鸡蛋，水的温度低，鸡蛋的温度高，存在温度差，内能由温度高的鸡蛋传向温度低的水，因此是通过热传递的方式减小鸡蛋的内能； （2）水吸收的热量Q吸=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×0.5kg×5℃=1.05×104J． 故答案为：减小；热传递；1.05×104．
【点评】本题考查了物体内能的改变和吸热公式的应用，是一道较为简单的应用．



17．（3分）（2017•镇江）如图所示，针筒中充满了气态乙醚，当向下压活塞时，会有液态乙醚出现，这是 液化 现象（填一种物态变化名称），此过程 放出 热量（选填“吸热”或“放热”）；使气态乙醚发生这种物态变化的另一种方法是 降低 温度．

【分析】（1）物质由气态态变为液态的现象叫液化，汽化放热． （2）使气体液化的方法：一是降低温度，二是压缩体积． 【解答】解：
推活塞，使气态乙醚的体积被压缩，分子间的距离拉近，体积变小，变成了液态，这是液化现象，液化放热．另一种使气体液化的方法是降低温度． 故答案为：液化；放出；降低．
【点评】能进行物态变化现象的判断，并能用物理知识解释生活中的现象是解决此题的关键．只要勤于思考，就会发现生活中处处有物理知识．

18．（3分）（2017•镇江）某合金材料制成的解冻板，无需用水用电即可快速解冻食品，这是利用了该材料 导热 性强的物理属性；边长为0.1m的由上述材料制成的正方体合金块质量为3kg，该材料的密度ρ= 3×103 kg/m3，静置在水平地面上时对地面的压强p= 3000 Pa．g取10N/kg．
【分析】（1）根据题目中“某合金材料制成的解冻板，无需用水用电即可快速解冻食品”分析解答即可；
（2）求出正方体合金块的体积，利用密度公式计算密度；
（3）正方体合金块静置在水平地面上时对地面的压力等于其重力，根据F=G=mg求出，再利用p=求解压强．
【解答】解：（1）根据题目中“某合金材料制成的解冻板，无需用水用电即可快速解冻食品”可知，这是利用了该材料导热性强的物理属性； （2）正方体合金块的体积：

V=（0.1m）3=1×10﹣3m3， 该材料的密度： ρ===3×103kg/m3；
（3）正方体合金块静置在水平地面上时对地面的压力： F=G=mg=3kg×10N/kg=30N， 对地面的压强： p===3000Pa．
故答案为：导热；3×103；3000．
【点评】此题考查物质的特性、压强大小的计算和密度的计算，难度不大，关键是知道正方体合金块静置在水平地面上时对地面的压力等于其重力．

19．（3分）（2017•镇江）图1中，电电压U=6V，R为定值电阻，通过灯泡L的电流与灯泡两端电压关系如图2所示，闭合开关S，电压表示数为4.5V，则电路中电流I= 0.25 A，灯泡功率P= 0.375 W，定值电阻R= 18 Ω

【分析】由电路图可知，灯泡L与电阻R串联，电压表测R两端的电压．根据串联电路的电压特点求出电压表示数为4.5V时灯泡两端的电压，根据图2读出通过灯泡的电流即为电路中的电流，根据P=UI求出灯泡的功率，根据欧姆定律求出定值电阻的阻值．
【解答】解：由电路图可知，灯泡L与电阻R串联，电压表测R两端的电压． 因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电压表的示数为4.5V时，灯泡两端的电压： UL=U﹣UR=6V﹣4.5V=1.5V，
由图象可知，通过灯泡的电流为0.25A，即电路中的电流I=0.25A， 灯泡的电功率：

PL=ULI=1.5V×0.25A=0.375W， 由I=可得，定值电阻的阻值： R===18Ω．
故答案为：0.25；0.375；18．
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，从图象中读出灯泡两端电压和电流的对应值是关键．

20．（3分）（2017•镇江）图是某电饭锅内部电加热器原理电路，它有烧煮和保温两档，开关S断开时，电饭锅处于 保温 档，已知R1=484Ω，烧煮时的功率是保温时的11倍，则R2= 48.4 Ω，该电饭煲烧煮，保温各1h可使电能表（3000imp/kW•h）的指示灯闪烁 3600 次．


【分析】（1）由电路图可知，开关S断开时，电路为R1的简单电路，电路中的总电阻最大，根据P=UI=判断电路的总功率大小，然后得出答案；
（2）开关S闭合时，R1与R2并联，电路中的总电阻最小，电路的总功率最大，电饭锅处于烧煮档，根据电路的总功率等于各用电器功率之和求出两电热丝的功率之比，根据P=UI=（3）根据P=UI=求出两电热丝的阻值之比，进一步求出R2的阻值；
求出电饭煲保温时的功率，进一步求出电饭煲烧煮时电路的总功率，根据W=Pt求出该电饭煲烧煮、保温各1h消耗的电能，根据“3000imp/kW•h表示电路消耗1kW•h的电能，指示灯闪烁3600次”得出答案． 【解答】解：（1）由电路图可知，开关S断开时，电路为R1的简单电路，电路中的总电阻最大， 由P=UI=可知，电路的总功率最小，电饭锅处于保温档；
（2）开关S闭合时，R1与R2并联，电路中的总电阻最小，电路的总功率最大，
电饭锅处于烧煮档，
因电路中总功率等于各用电器功率之和，且烧煮时的功率是保温时的11倍， 所以，两电热丝的功率之比：
=由P=UI===，
可得，两电热丝的阻值之比：
===，
则R2=R1=×484Ω=48.4Ω；
（3）电饭煲保温时的功率： P保温===100W=0.1kW，
电饭煲烧煮时，电路的总功率： P烧煮=11P保温=11×100W=1100W=1.1kW，
由P=可得，该电饭煲烧煮，保温各1h消耗的电能： W=P总t=（P保温+P烧煮）t=（0.1kW+1.1kW）×1h=1.2kW•h， 电能表指示灯闪烁的次数：
n=3000imp/kW•h×1.2kW•h=3600imp． 故答案为：保温；48.4；3600．
【点评】本题考查了电功率公式和电功公式的应用，分清电饭煲处于不同状态时电路的连接方式是关键．

21．（4分）（2017•镇江）如图所示，用焦距为5cm的凸透镜进行了如下实验操作：将蜡烛放在A处时，位于P处（图中未画出）的光屏上得到了清晰的缩小像；保持透镜位置不变，向右移动蜡烛至B处，再将光屏从P处移至另一位置得到清晰的放大像，则两次所成的像都是 倒 立的，P位于A的 右 侧，上述过程中光屏是向 右 侧移动的，用刻度表示透镜在光具座上的位置： 55cm～
60cm ．

【分析】解决此题要知道：
①u＞2f，成倒立、缩小的实像，2f＞v＞f，物像异侧． 2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，v＞2f． ②凸透镜成实像时，物近像远像变大．
【解答】解：用焦距为5cm的凸透镜进行实验操，将蜡烛放在A处时，位于P处的光屏上得到了清晰的缩小像；此时物距u＞2f，
保持透镜位置不变，向右移动蜡烛至B处，再将光屏从P处移至另一位置得到清晰的放大像，此时物距2f＞u＞f，成倒立、放大的实像， 由此可知，两次所成的像都是倒立的实像；
凸透镜成实像时，物像异侧，所以P位于A的右侧，
根据凸透镜成实像时，物近像远像变大，可知，上述过程中物距减小，像距变大，即光屏是向 右侧移动的；v＞2f．
蜡烛放在A处时，根据u＞2f，成倒立、缩小的实像可知，此时透镜应在50cm右边．
保持透镜位置不变，向右移动蜡烛至B处，再将光屏从P处移至另一位置得到清晰的放大像，此时物距2f＞u＞f，此时透镜应在55cm～60cm的刻度范围． 综上分析可知，用刻度表示透镜在光具座上的位置：55cm～60cm． 故答案为：倒；右；右；55cm～60cm．
【点评】此题是探究凸透镜成像规律的实验，凸透镜成像规律的应用，在掌握规律时，注意成像特点、物距、像距的关系．

三、解答题（共7个小题，共48分）
22．（2分）（2017•镇江）请在图中虚线框内标出电左端的极性（“+”或“﹣”）和静止小磁针的N极；


【分析】已知通电螺线管的磁极，根据右手定则判断出电流的方向确定出电的正负极．再根据磁极间的相互作用确定小磁针的磁极， 【解答】解：已知通电螺线管的左端为N极，右端为S极．
根据右手螺旋定则，伸出右手，使右手大拇指指向通电螺线管的N极（左端），则四指弯曲所指的方向为电流的方向，即电流是从螺线管的左端流向右端的，所以电的左端为正极，右端为负极．
由磁极间的相互作用可知，小磁针的左端为N极，右端为S极． 如图所示：

【点评】安培定则涉及三个方向：磁场方向；电流方向；线圈绕向．告诉其中的两个方向可以确定第三个方向．

23．（2分）（2017•镇江）请将虚线框内带有保险丝的三孔插座正确接入家庭电路．

【分析】三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线
【解答】解：首先辨别上面三根线：下面是地线、上面是火线、中间是零线．三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线，带保险盒的插座，将保险盒接在火线上，如图所示：


【点评】知道家庭电路中三孔插座的接法是解决该题的关键．

24．（2分）（2017•镇江）形状不规则的石块静止在水平桌面上，O为重心，请画出它所受力的示意图．

【分析】物体静止在水平桌面上，受到重力G和支持力F，作用点在重心，重力的方向是竖直向下的，支持力的方向是竖直向上．
【解答】解：物体受到两个力：重力G和支持力F，二力为一对平衡力，大小相等、方向相反，如图所示：

【点评】如果两个力的大小相等，那么在同一个力的示意图中，表示这两个力的线段的长度应该相等．

25．（6分）（2017•镇江）图1是某同学探究平面镜成像特点的实验装置，棋子A和B完全相同

（1）实验中应选择较 薄 （选填“厚”或“薄”）的茶色玻璃板，并将其 竖直 放置在水平桌面上．
（2）为确定棋子A像的位置，应在玻璃板后方移动棋子B，直到它与棋子A的像 完全重合 ；
（3）多次改变棋子A的位置进行实验，可得到像与物关于 镜面 对称的实验
结论
（4）某次实验后，将光屏竖直放置棋子B的位置，光屏上 不能 （选填“能”或“不能”）接收到棋子A的像．
（5）另一位同学直接用平面镜确定像的位置，如图2所示，平面镜竖直放置在铺有白纸的水平桌面上，将5节同样的小电池直立在白纸上，保持电池①的位置不变，移动其它电池，使电池③遮挡住电池①的像和电池②，电池⑤遮挡住电池①的像和电池④，在白纸上记录下电池的位置如图3所示，请在图3中作出电池①像的位置并用“•”表示．
【分析】（1）玻璃板有两个反射面，每个反射面都可以成一个像，这样由于两个像的干扰，像的位置不易确定准确，需要两个像距离越近越减小误差； （2）探究平面镜成像时，当物像重合时，可以确定像的位置，同时也可以说明物像大小相等．
（3）像和物体关于镜面是对称的； （4）虚像不能呈在光屏上； （5）根据光的直线传播作图．
【解答】解：（1）玻璃板越薄，两个反射面所在的像距离越近，这样可以使确定的像的位置更加准确，厚玻璃板会形成两个像，会影响对实验结果的判断；为了使像呈在水平面上，应让玻璃板竖直放置；
（2）在玻璃板前放置棋子A，将完全相同的棋子B放在玻璃板后并移动，人眼一直在玻璃板的前侧观察，直至B与A的像完全重合，这样做的目的既确定了像的位置又验证了物像大小相等；
（3）多次改变棋子A的位置进行实验，发现像到镜面的距离始终等于物体到镜面的距离，可得到像与物关于镜面对称的实验结论；
（4）某次实验后，将光屏竖直放置棋子B的位置，由于平面镜成的是虚像，光屏上不能接收到棋子A的像；
（5）保持电池①的位置不变，移动其它电池，使电池③遮挡住电池①的像和电池②，电池⑤遮挡住电池①的像和电池④，根据光的直线传播作图得：

．
故答案为：（1）薄；竖直；（2）完全重合；（3）镜面；（4）不能；（5）如图． 【点评】本题主要考查了平面镜成像特点的实验及其应用．这是光学中的一个重点，也是近几年中考经常出现的题型，要求学生熟练掌握，并学会灵活运用．

26．（6分）（2017•镇江）图1是小丽探究动能大小与速度关系时的实验场景：斜面上有两平行轨道，将两小球①、②从轨道上由静止释放，与放置在水平木板上的两个相同木块①、②发生碰撞，两个木块初始位置到斜面底端的距离相等．

（1）为完成实验，应使两个质量 相同 的小球从轨道上 不同 高度由静止释放（均选填“相同”或“不同”）
（2）由图1场景可知，碰撞木块前瞬间，小球 ① 的动能较大，两木块通过A、B两点处所受的滑动摩擦力大小分别为fA、fB，则fA = fB，滑行中，木块的动能转化成 内 能；
（3）图2是某次实验的场景：将两小球从图中E、F处静止释放，最终木块①从水平木板的右端滑出，小丽用质量更大的木块③替换木块①后继续此次实验，将两小球仍从图中E、F处由静止释放，木块③未滑出木板，小丽的实验改进有一处遗漏，它是 没有将木块②也更换为与木块③相同的木块 ．
【分析】（1）探究动能大小与速度关系时，应控制质量不变，改变速度； （2）动能的大小与速度有关；摩擦力大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关；木块克服摩擦做功，动能转化为内能；

（3）根据实验的目的和控制变量法分析．
【解答】解：（1）探究动能大小与速度关系时，应控制质量不变，改变速度，故应使两个质量相同的小球从轨道上不同高度由静止释放；
（2）碰撞木块前瞬间，小球①是从高度滑下的，速度较大，动能较大，两木块通过A、B两点处所受的滑动摩擦力大小分别为fA、fB，由于压力大小和接触面的粗糙程度相同，故摩擦力相同，即fA=fB，滑行中，木块克服摩擦做功，木块的动能转化成内能；
（3）由图可知，图2实验探究的是动能大小与速度的关系，此时应控制质量相同，故实验的遗漏为：没有将木块②也更换为与木块③相同的木块．
故答案为：（1）相同；不同；（2）①；=；内；（3）没有将木块②也更换为与木块③相同的木块．
【点评】本实验中研究动能大小的决定因素时运用了控制变量法，反映动能大小时运用了转换法，要掌握这两种方法的应用．分析清楚图示情景是正确解题的关键．

27．（8分）（2017•镇江）在测量电阻的实验中：
（1）小华设计的测量电路如图1所示，待测电阻Rx约10Ω

①在开关闭合前，滑动变阻器的滑片应置于最 左 端； ②导线A、B、C、D中有一根连接错误，这根导线是 D ；
③改正连接错误并闭合开关后，小华发现无论怎样调节滑动变阻器，电压表示数不为零且保持不变，而电流表示数始终为零，已知导线及各处连接完好，则电路中 Rx 出现了 断路 故障．
（2）小清设计的测量另一待测电阻Rx阻值的电路如图2所示 ①他的测量步骤如下
第1步：将Rx接在电路中A、B两点间，闭合开关S，调节滑动变阻器滑片P至
适当位置，此时电压表的示数如图3所示，示数为 2 V；断开开关S，移走Rx 第2步：再将电阻箱R接在A、B两点间，闭合开关S，保持滑动变阻器的滑片P位置不变，调节电阻箱使电压表的示数仍如图3所示，此时电阻箱接入电路中阻值R=48Ω，则小清测得Rx的阻值为 48 Ω
②在第2步中，若小清无意中将滑动变阻器的滑片P向右移了少许，则他测得Rx的阻值将偏 大 ，设滑片P的右移使滑动变阻器接入电路的阻值增大了2Ω，则小清测得Rx的值为 52 Ω．
【分析】（1）①闭合开关前，为保护电路，滑动变阻器应滑至最大阻值处； ②变阻器应与R串联在电路中，据此分析；
③电压表有示数，说明与电压表两接线柱连接的电路是通路，电流表无示数，说明电路断路，从而判断出故障的可能原因；
（2）①电压表读数时，先明确量程，再弄清最小分度，最后读数；根据串联电路的分压特点进行分析；
②根据串联电路的分压特点，=，要使不变，当其中的一个电阻变小时，另一个电阻也会随之变小，据此分析．
【解答】解：（1）①为保护电路，在闭合开关前，滑动变阻器的滑片应滑至最大阻值处即最左端；
②由图可知，D导线使Rx短路，即Rx并未接入电路，因此D导线连接错误； ③连好电路，闭合开关，移动变阻器滑片P，发现电压表有示数且保持不变，电流表无示数，说明在电压表两接线柱之间的电路是断路，即Rx处断路；
（2）①由图可知，电压表测用0﹣3V量程，最小分度为0.1V，可读出示数为2V；保持变阻器接入电路的电阻和电压表示数不变，则变阻器两端电压U变=U﹣2V仍不变，根据串联电路的分压规律可知，变阻箱此时接入电路中的阻值与Rx值相等，即Rx=48Ω；
②如果向右移动滑片，则此时变阻器接入电路的电阻变大，根据串联电路=变大；
可知，不变时，R滑变大，则R箱也相应变大，即他测得Rx的阻值将
由=，变阻器未移动时接入电路的阻值，R滑=×Rx=×48Ω=24Ω，
滑片P的右移使滑动变阻器接入电路的阻值增大了2Ω，即R'滑=24Ω+2Ω=26Ω时，
==，即Rx=2R'滑=2×26Ω=52Ω．
故答案为：（1）①左；②D；③Rx；断；（2）①2；48；②大；52．
【点评】本题考查了测未知电阻的两种方法，要熟练掌握欧姆定律和串联电路的特点，综合性强，难度较大．

28．（5分）（2017•镇江）如图所示，将重力不计的吸盘内部空气排尽后与水平地砖完全贴合，已知贴合的面积为30cm2，大气压强为1×105Pa，AB为轻质杠杆，O为转轴，OA与OB的长度之比为1：3保持杠杆水平，某人在B端用竖直向下的拉力F将吸盘沿竖直方向刚好拉离地砖 （1）求吸盘所受的大气压力F0 （2）求人所用拉力F
（3）若人沿图中虚线方向施加拉力F′将吸盘拉离地砖，请画出拉力F′的力臂．

【分析】（1）根据题意，由p=求出吸盘所受的大气压力；
（2）根据杠杆原理，结合题意，吸盘沿竖直方向刚好拉离地面，吸盘所受的拉力与大气对吸盘的压力是一对平衡力，据此解题； （3）力臂是支点到力的作用线的垂直距离，据此画图．
【解答】解：（1）由p=可得：吸盘所受的大气压力F0=p0S=1×105Pa×30×10﹣4m2=300N；
（2）吸盘沿竖直方向刚好拉离地面，吸盘所受的拉力与大气对吸盘的压力是一对平衡力，即FA=F0=300N，

由杠杆原理FA×OA=F×OB可得：F===100N；
（3）力臂是支点到力的作用线的垂直距离，如图所示． 答：（1）求吸盘所受的大气压力为300N； （2）人所用拉力F为100N （3）如图所示．

【点评】本题考查的是压强、杠杆原理的计算，要理解力臂的含义，难度不大．

29．（8分）（2017•镇江）某汽车在平直路面上以75km/h的速度匀速行驶1h的过程中，消耗了5kg汽油，汽油燃烧释放能量的40%随废气通过热电转换装置，如图所示，汽油热值近似取q=5×107J/kg，设汽油在气缸内完全燃烧．
（1）图示时刻，四冲程汽油机处于 压缩 冲程；若该汽油机每分钟完成7200个冲程，则它每秒钟完成 30 个工作循环
（2）若上述过程中汽油燃烧释放能量的30%用驱动汽车行驶，求汽车所受的阻力f；
（3）研究表明新材料的出现可将热电转换装置的效率大幅提高到15%，据此计算，上述过程中随废气排放的能量通过转换装置后可获得多少电能？这些电能可供车内总功率为1000W的用电器持续工作多长时间？

【分析】（1）由进气门和排气门的关闭和打开情况、活塞的上行和下行情况判断
是哪个冲程；热机完成一个工作循环，要经过4个冲程，燃气对外做功1次，活塞往返2次，飞轮转动2周，根据这个比例关系可以求出答案；
（2）根据W=Q放=mq求得总功，已知燃烧效率为30%，可求得有用功；根据求得的汽车在这段时间内所做的有用功，利用W=Fs可求得汽车匀速行驶过程中的牵引力，再利用二力平衡条件可知其所受的阻力；
（3）汽油燃烧释放能量的40%随废气通过热电转换装置，可求转化的能量，由提高到15%可求转换的电能，由W=Pt可求时间． 【解答】解：
（1）由图可知，进气门和排气门都是关闭的，活塞上行，可以判断是压缩冲程； 该汽油机每分钟完成7200个冲程，故每秒完成120个冲程，热机完成一个工作循环，要经过4个冲程，燃气对外做功1次，活塞往返2次，飞轮转动2周，若该汽油机每秒完成120个冲程，则每秒它对外做功30次，完成30个工作循环，飞轮转动20周；
（2）汽油完全燃烧释放的热量： Q放=mq汽油=5kg×5×107J/kg=2.5×108J； 根据η=可得有用功：
W有=ηW总=30%×2.5×108J=7.5×107J；
由v=可得，汽车在平直路面上以75km/h的速度匀速行驶1h的过程中， 通过的路程：s=vt=75km/h×1h=75km=75000m， 由W=Fs可得，汽车匀速直线行驶，F=f， f=F===103N；
（3）汽油燃烧释放能量的40%，由公式Q′=Qη1=2.5×108J×40%=1×108J， 转换的电能：W′=Q′η2=1×108J×15%=1.5×107J；
由P=可得，这些电能可供车内总功率为1000W的用电器持续工作的时间： t===1.5×104s．
故答案为：（1）压缩；30；（2）汽车所受的阻力f是103N；（3）随废气排放的能量通过转换装置后可获得1.5×107J的电能；这些电能可供车内总功率为1000W
的用电器持续工作 1.5×104s．
【点评】此题考查内燃机的四个冲程．功的计算，二力平衡条件的应用，涉及到热量的计算和效率公式的应用，是一道综合性很强的题目，关键是各种公式的灵活运用．

30．（9分）（2017•镇江）建设居民楼雨水蓄水系统是镇江市海绵城市建设项目之一，让市民不再“城市看海”．图1是小明设计的地下蓄水池（未画出）水位监测及排水电路，R为电阻箱，RF为置于池底的压力敏感电阻，其阻值随上方水的压力的变化而变化，已知：电压U=12V；当电磁铁线圈中的电流I≤0.04A时，铁质开关被释放，当I≥0.048A时，被吸上，从而通过控制池底水泵将水位保持在一定的范围内；电磁铁线圈电阻不计，RF的阻值随池内水位变化关系如图2所示．

（1）当池内水位升高时，RF受到水的压力将变 大 ；
（2）请在图1中接入一电压表，要求当水位升高时电压表的示数增大 （3）若此电路能控制池内的最低水位0.5m，求所能控制的最高水位．
（4）为既能调高池内最高水位，又能使池内最高与最低水位的高度差保持不变，小明采取了减小R的调节方案，该该方案是 不可行 的（选填“可行”或“不可行”），你的理由是 R的阻值调小时，RF1和RF2的阻值都会增大，所以池内最高水位也会增大，但是最高和最低水位时，RF的对应的阻值差（RF1﹣RF2）却保持不变，由图象可知池内最高与最低水位的高度差△H会增大 ．
【分析】（1）根据p=ρgh判断出水位升高时压强的变化，进而判断出压力的变化；

（2）根据图2可知，当水位升高时，压力敏感电阻的阻值会变大，其两端的电压相应的会变大，所以电压表应并联在压力敏感电阻两端；
（3）根据图2可知，水位0.5m时，RF的电阻值，根据欧姆定律求出电路总电阻，进而求出电阻箱连入的阻值；再根据欧姆定律求出电磁铁线圈中的电流I≤0.04A时，电路总电阻，再求出RF的电阻值，根据图2读出最高水位；
（4）R的阻值调小时，RF1和RF2的阻值都会增大，所以池内最高水位也会增大，据此回答问题． 【解答】解：
（1）当池内水位升高时，根据p=ρgh可知，水对压敏电阻RF的压强变大，由F=pS可知，水对RF的压力变大；
（2）图1控制电路中，R、电磁铁、RF串联；根据图2可知，当水位升高时，压力敏感电阻的阻值会变大，由串联分压原理可知，RF两端的电压相应的会变大，所以电压表应并联在压力敏感电阻的两端，如下图所示：

（3）根据图2可知，水位为0.5m时，RF=200Ω，
此时控制电路的总电阻最小，所以电路中的电流最大，此时电路中的电流I=0.048A，
由I=可得，电路中的总电阻： R总===250Ω，
根据串联电路的电阻特点可得，电阻箱连入电路的电阻值： R=R总﹣RF=250Ω﹣200Ω=50Ω，
根据题意可知，当电流达到I′=0.04A时，铁质开关被释放，排水电路开始排水， 此时控制电路中的总电阻： R总′===300Ω，

此时RF的阻值：RF′=R总′﹣R=300Ω﹣50Ω=250Ω， 由图2可知，此时的最高水位为1m；
（4）当R的阻值调小时，由于控制电路中释放或吸上铁质开关的电流值不变，则控制电路对应的总电阻不变，由RF=R总﹣R可知，RF1和RF2的阻值都会增大，所以池内最高水位也会增大，但是最高和最低水位时，RF的对应的阻值差（RF1﹣RF2）却保持不变，由图象可知池内最高与最低水位的高度差△H会增大，所以此方案不可行．

故答案为：（1）大；（2）如上图；（3）所能控制的最高水位1m；
（4）R的阻值调小时，RF1和RF2的阻值都会增大，所以池内最高水位也会增大，但是最高和最低水位时，RF的对应的阻值差（RF1﹣RF2）却保持不变，由图象可知池内最高与最低水位的高度差△H会增大．
【点评】此题主要考查的是学生对液体压强特点、串联电路的分压特点、欧姆定律计算公式的理解和掌握，读懂图象是解决此题的关键．




江苏省镇江市2017中考物理试题含答案解析-

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