2017年甘肃省兰州市中考物理试卷

一、选择题（共16小题，每小题3分，满分48分）

1．（3分）对于水银体温计的认识，下列说法正确的是（　　）

A．其分度值为0.01℃

B．它利用了气体热胀冷缩的原理

C．读数时可以离开人体

D．可以不采取任何措施进行连续测量

2．（3分）关于物质的性质，下列说法错误的是（　　）

A．导体与绝缘体的本质区别在于是否有大量的自由电荷

B．电磁铁中间插入的铁芯是硬磁铁材料

C．自行车车座底部安装的弹簧具有很好的弹性

D．炒菜用铁铲的手柄多为木质是因为它不易导热

3．（3分）从能量转化的角度来看，下列说法错误的是（　　）

A．电风扇工作时主要将电能转化为机械能

B．铅蓄电池充电时化学能转化为电能

C．发电机工作时主要将机械能转化为电能

D．电热水壶工作时电能转化为内能

4．（3分）关于音调，下列说法正确的是（　　）

A．音调的高低只与发声体的长度有关

B．“闻其声便知其人”判断的依据就是音调

C．音调的高低与发声体无关

D．音调的高低由发声体振动的频率决定

5．（3分）在平直的路面上用10N的力沿水平方向推物体，物体静止不动．增大推力使物体开始运动，当推力为30N时，物体做匀速直线运动．撤去推力后，物体运动速度逐渐减小，下列判断正确的是（　　）

A．用10N的力沿水平方向推物体时，物体所受摩擦力为零

B．撤去推力后，物体所受摩擦力逐渐减小

C．物体运动速度减小的过程中，所受摩擦力逐渐增大

D．物体在该路面运动时所受摩擦力大小始终不变

6．（3分）某同学在洗浴时发现卫生间的排气扇可单独工作，但照明灯L1和采暖灯L2不能同时工作，下列电路图中符合要求的是（　　）

A． B． C． D．

7．（3分）关于平衡力和相互作用力，下列说法正确的是（　　）

A．物体受平衡力作用时，运动状态可能会改变

B．静止在地面上的物体所受的重力和它对地面的压力是一对相互作用力

C．拔河比赛中甲队获胜，但比赛中甲队对乙队的拉力等于乙队对甲队的拉力

D．跳水运动员蹬跳板时，他对跳板的力和跳板对他的力是一对平衡力

8．（3分）关于内能、温度和热量，下列说法正确的是（　　）

A．物体的内能跟物体的运动速度、物体的温度和物质状态都有关系

B．不同燃料燃烧时，放出热量越多的热值越大

C．质量和初温相同的水和煤油，放出相同热量时煤油温度降低的多

D．内能总是从内能多的物体向内能少的物体转移

9．（3分）如图所示，用力F拉着重为G的物体竖直匀速上升，在时间t内物体上升的高度为h（物体未拉出水面），若物体的体积为V，水的密度为ρ，则下列算式正确的是（　　）

A．η= B．η= C．W有=Gh D．P有=

10．（3分）下列关于认识物质世界的叙述中错误的是（　　）

A．最早确立物质原子论的学者是阿伏伽德罗

B．电子的发现使人们认识到原子不是构成物质的最小单元

C．卢瑟福通过α粒子散射实验发现了原子核

D．哥白尼把人们从“地球是宇宙中心”的错误认识中解脱出来

11．（3分）如图所示的电路，电源电压均不变，R0为定值电阻，R为最大阻值已知的滑动变阻器，利用下列电路图能够测出待测电阻Rx阻值的是（　　）

A． B． C． D．

12．（3分）关于电压、电流和电阻，下列说法正确的是（　　）

A．导体的电阻由它两端电压和通过的电流决定

B．电荷移动就能形成电流

C．电路中有电流时它两端一定有电压

D．电压的作用是电路中产生自由电荷

13．（3分）傍晚小明卧室的灯突然灭了，但客厅的灯正常发光，对此现象下列分析正确的是（　　）

A．小明卧室的照明电路发生了断路

B．小明卧室的灯泡发生了短路

C．他家工作电器的总功率过大

D．可能是进户线断了

14．（3分）甲、乙两灯分别标有“6V 3W”和“6V 6W”字样，先将两灯串联后接在电压为U的电路中，甲灯的功率为P1；再将两灯并联后接在同一电压下，乙灯的功率为P2．两次灯泡均安全，忽略温度对灯丝电阻的影响，则

P1：P2为（　　）

A．9：2 B．2：9 C．4：9 D．1：9

15．（3分）如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S后向右移动滑片P，下列判断正确的是（　　）

A．电流表的示数变大，电压表V2的示数变大，灯泡L2变亮

B．电流表的示数变大，电压表V1的示数变大，灯泡L1变亮

C．电流表的示数变小，电压表V1的示数不变，灯泡L1变亮

D．电流表的示数变小，电压表V2的示数变小，灯泡L2变亮

16．（3分）如图甲所示，盛有液体的柱形容器置于水平桌面上，容器对桌面的压强为1000Pa；如图乙所示，用细线栓一铝块，将铝块的一半浸在液体中，容器对桌面的压强改变了80Pa；如图丙所示，将细线剪断，铝块沉到容器底部，容器对桌面的压强又改变了460Pa．容器的底面积为100cm2，ρ铝=2.7g/cm3，g取10N/kg．下列判断正确的是（　　）

A．铝块浸没在液体中时所受浮力是0.8N

B．铝块的体积是100cm3

C．铝块沉底时对容器底部的压力是4.6N

D．液体的密度是0.8g/cm3

二、填空题（共8小题，每小题3分，满分18分）

17．（3分）我国自主研发的“天宫”二号飞行器在太空飞行时，它受到地球的引力与地面时相比　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”），其惯性　 　（选填“变大”、”变小“或”不变”），它与地面通过　 　传递信息的．

18．（2分）某同学在10s内做了5个“引体向上”，他的质量为60kg，每次上升的高度为40cm．该同学做一次“引体向上”克服重力做的功的功是　 　J，10s内做功的功率为　 　W（g=10N/kg）．

19．（2分）用毛皮摩擦过的橡胶棒接触不带电的验电器金属球时，验电器的金属箔张角变大，这是由于验电器　 　（选填“得到”或“失去”）电子，所带的　 　（选填“正”或“负”）电荷增多的缘故．

20．（3分）甲、乙两同学在平直的路面上同向进行，他们运动的s﹣t图象如图所示，由此可判断　 　同学运动较快，开始运动时两同学相距　 　m，图中的a点表示　 　．

21．（2分）如图所示，将物体A放入水中时悬浮，将物体B放入水中时有一半的体积露出水面，将物体A置于物体B上再放入水中时，物体B有三分之一的体积露出水面，则两物体的体积VA：VB=　 　，物体B的密度是　 　kg/m3

22．（2分）眼睛相当于照相机，它能够在一定范围内自动调节　 　和进入眼睛的光的强度．在适当的照明条件下，物体能在视网膜上形成一个缩小、　 　的实像．

23．（2分）电能表是用来测量　 　的仪表．某同学家电表格铭牌上标有“220V 800r/kW•h”字样，他观察到在1min的时间内，电能表的转盘匀速转了20转，观察期间他家工作电器的总功率为　 　kW．

24．（2分）如图甲所示的电路中，电源电压保持不变．闭合开关，将变阻器滑片从一端移动到另一端的过程中，两只电压表与电流表示数的变化关系图线如图乙所示，则电源电压为　 　V，滑片移至最左端时10s内电流通过R1产生的热量为　 　J．

三、实图、做图题：本大题4小题，共14分

25．（4分）完成下列光路图：

（1）如图甲所示，在练功房一侧的墙壁上装有一块平面镜，某同学从A点用一激光笔向镜面照射，在天花板的B点看到一光斑，请画出该光斑形成的光路图；

（2）画出图乙从S点射出的两条入射光线经过透镜后的折射光线．

26．（4分）根据要求画图：

（1）如图甲所示，标出通电螺线管中的电流方向和N、S极；

（2）在图乙中标出右边磁体的磁极和磁场的磁感线方向．

27．（3分）如图所示为某街道路灯悬挂的情境图．画出斜拉钢丝对横杆拉力F的示意图和对应的力臂L．

28．（3分）根据电路图，以笔画线代替导线连接实物电路．

四、实验题：本大题4小题，共20分

29．（4分）为了探究物体所受重力与质量的关系，某实验小组进行了实验，

（1）钩码所受重力的大小用　 　进行测量，测量时钩码必须处于　 　状态；

（2）他们将测出的数据记录在表格中并进行了处理，通过分析发现有一次测量数据存在问题，这个数据是　 　；重新测量并进一步分析数据，得出的结论是：　 　．

30．（5分）如图所示的实验装置，在两根水平且平行的金属轨道上放一根轻质导体ab．

（1）接通电源，这时会看到导体ab向左运动，这表明　 　；

（2）若只对调磁体的磁极或只改变导体ab中的电流方向，观察到导体ab均向右运动，这表明　 　；

（3）如果把磁体的两极对调，同时改变通过导体ab中的电流方向，会看到导体ab的运动方向跟原来　 　（选填“相同”或“相反”）．

31．（5分）在探究海波熔化过程的试验中，某实验小组讨论了以下问题：

（1）试验中需要的测量工具是温度计和　 　，加热时需要不断观察海波的　 　变化；

（2）本实验成功的关键是保证海波　 　，为此需要采用水浴法加热；

（3）实验结束后，他们绘制了海波熔化时温度随时间变化的图线如图所示，由图可知：海波的熔点是　 　℃，海波融化的特点是　 　．

32．（6分）为了研究小灯泡在不同电压下工作时（实际电压不允许超过额定电压的五分之一），消耗的电功率是否相同，某同学选取一个额定电压为2.5V的小灯泡．

（1）请你帮他设计电路，并在答题卡的指定位置画出电路图；

（2）他还准备了：蓄电池（6V），电流表（0～0.6A 0～3A）、电压表（0～3V 0～15V）、滑动变阻器R1（10Ω 0.6A）、滑动变阻器R2（50Ω 0.6A）、开关、导线若干．为了完成实验，应选择滑动变阻器　 　接入电路，电压表选用　 　量程；

（3）由实验测得，通过小灯泡的电流随电压变化的关系图线如图所示．由图可知，小灯泡正常发光时，通过灯丝的电流是　 　A，此时消耗的电功率为　 　W；

（4）通过数据分析可以得出：　 　．

五、解答题（共3小题，满分20分）

33．（6分）某品牌电磁炉铭牌部分参数如图所示，现将其接入220V电路中给锅内25℃的水加热5min，锅内的水温度升高到88℃，已知c水=4.2×103J/（kg•℃），求：

（1）电磁炉在5min内消耗的电能；

（2）假设电磁炉工作时产生的热量全部被水吸收，那么锅内水的质量是多少？

34．（6分）如图所示，质量为500g的薄壁容器放在水平地面上，容器底面积为80cm2，内装1.5L的水，已知g=10N/kg，ρ水=1.0×103kg/m3，求：

（1）容器对水平桌面的压强；

（2）水对容器底部的压力．

35．（8分）如图所示的电路，电源电压保持不变，定值电阻R1的阻值为20Ω．闭合开关，调节滑动变阻器R2的电阻，当滑片P从一端移动到另一端时，电流表的示数变化范围为0.1A～0.5A．求：

（1）电源电压；

（2）滑动变阻器R2的最大阻值；

（3）通过计算说明滑动变阻器接入电路的电阻为多大时，它消耗的功率最大，并求出最大功率．

2017年甘肃省兰州市中考物理试卷

参考答案与试题解析

一、选择题（共16小题，每小题3分，满分48分）

1．（3分）对于水银体温计的认识，下列说法正确的是（　　）

A．其分度值为0.01℃

B．它利用了气体热胀冷缩的原理

C．读数时可以离开人体

D．可以不采取任何措施进行连续测量

【分析】体温计的分度值是0.1℃，根据分度值和液面位置可以读出温度值，由于体温计液泡上方有缩口，所以可以离开被测物体读数，温度计都是利用液体热胀冷缩的规律制成的；同时体温计在使用前要用力甩一下，将水银甩回玻璃泡中．

【解答】解：

A、体温计1℃之间有10个小格，每个小格为0.1℃，体温计的分度值是0.1℃，故A错误；

B、体温计的工作原理就是液体热胀冷缩的规律，故B错误；

C、由于体温计的特殊结构（有缩口），它是能离开被测物体读数，故C正确；

D、根据体温计的特点，使用前用力甩一下玻璃泡上方的水银才能回到玻璃泡中，不能进行连续测量，故D错误．

故选C．

【点评】本题综合考查了液体温度计的原理、体温计的分度值、读数，属于识记性内容，比较简单．最好和实验室温度计对比记忆．

2．（3分）关于物质的性质，下列说法错误的是（　　）

A．导体与绝缘体的本质区别在于是否有大量的自由电荷

B．电磁铁中间插入的铁芯是硬磁铁材料

C．自行车车座底部安装的弹簧具有很好的弹性

D．炒菜用铁铲的手柄多为木质是因为它不易导热

【分析】（1）导体容易导电，是因为导体内有能够自由移动的电荷；而绝缘体不容易导电，是因为绝缘体内几乎没有能够自由移动的电荷；

（2）电磁铁的铁芯为软磁性材料的磁性不能保留下来；

（3）物体在力的作用下，形状发生改变，当外力撤销后，物体不能恢复原来的形状，这种性质叫塑性；物体能够恢复原来的形状，这种性质叫弹性；

（4）物质传导热量的性能称为导热性．

【解答】解：A、导体能够导电是因为导体内有大量的自由电荷，绝缘体不容易导电是因为绝缘体内的电荷不能够自由移动，故导体与绝缘体的本质区别在于是否有大量的自由电荷，故A正确；

B、电磁铁的铁芯为软磁性材料的磁性不能保留下来，所以铁芯需用软磁性材料制成．故B错误；

C、自行车座的弹簧是起减震的作用的，即当自行车在上下颠簸的时候，弹簧的弹性起到一个缓冲的作用，故C正确；

D、炒菜用铁铲的手柄多为木质是因为它的导热性差，故D正确．

故选B．

【点评】此题考查了固体的基本性质：导体和绝缘体的区别、电磁铁的特点、弹性、导热性等知识，在日常生活中应该加以区分．

3．（3分）从能量转化的角度来看，下列说法错误的是（　　）

A．电风扇工作时主要将电能转化为机械能

B．铅蓄电池充电时化学能转化为电能

C．发电机工作时主要将机械能转化为电能

D．电热水壶工作时电能转化为内能

【分析】判断能量转化时，要看消耗了什么能量，得到什么能量，消耗的能量转化为得到的能量；从能量转化的角度分析，电流做功的过程是将电能转化为其它形式能量的过程．

【解答】解：A、电风扇工作时，消耗电能，得到机械能，所以将电能转化为机械能；故A正确；

B、铅蓄电池充电的过程，消耗电能，得到化学能，所以将电能转化为化学能；故B错误；

C、发电机发电时，消耗了机械能，得到电能，所以将机械能转化为电能；故C正确；

D、电水壶工作时消耗了电能，使水的温度升高，得到内能，故将电能转化为内能；故D正确．

故选B．

【点评】本题是一道基础题，知道做功过程是能量转化过程，具体问题具体分析即可正确解题．

4．（3分）关于音调，下列说法正确的是（　　）

A．音调的高低只与发声体的长度有关

B．“闻其声便知其人”判断的依据就是音调

C．音调的高低与发声体无关

D．音调的高低由发声体振动的频率决定

【分析】音调是指声音的高低，与振动频率有关；每个发声体的音色是不同的．

【解答】解：音调的高低与发声体振动的频率有关，发声体振动得越快，频率越高，发出的音调越高，故AC错误，D正确；“闻其声便知其人”判断的依据就是音色，故C错误．

故选D．

【点评】此题考查了频率与音调的关系，是一道基础题．

5．（3分）在平直的路面上用10N的力沿水平方向推物体，物体静止不动．增大推力使物体开始运动，当推力为30N时，物体做匀速直线运动．撤去推力后，物体运动速度逐渐减小，下列判断正确的是（　　）

A．用10N的力沿水平方向推物体时，物体所受摩擦力为零

B．撤去推力后，物体所受摩擦力逐渐减小

C．物体运动速度减小的过程中，所受摩擦力逐渐增大

D．物体在该路面运动时所受摩擦力大小始终不变

【分析】（1）物体静止或做匀速直线运动时，处于平衡状态，受到的力为平衡力，二力平衡时大小相等；

（2）滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关，压力不变，接触面粗糙程度不变，滑动摩擦力不变．

【解答】解：

（1）当用10N的力沿水平方向推物体时，物体静止不动，物体受到的静摩擦力等于推力为10N，故A错误；

（2）滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关，与物体的运动速度无关，在压力和接触面粗糙程度不变时，滑动摩擦力大小不变，故BC错误，D正确．

故选D．

【点评】滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关，判断滑动摩擦力大小的变化，从压力和接触面粗糙程度这两个因素进行分析．

6．（3分）某同学在洗浴时发现卫生间的排气扇可单独工作，但照明灯L1和采暖灯L2不能同时工作，下列电路图中符合要求的是（　　）

A． B． C． D．

【分析】由“照明灯L1和采暖灯L2不能同时工作，”可知照明灯L1和采暖灯L2由一个单刀双掷开关控制，排气扇可单独工作，说明排气扇与照明灯L1和采暖灯L2并联，互不影响，据此分析即可．

【解答】解：由题意可知，排气扇可单独工作，则排气扇与照明灯L1和采暖灯L2并联，

照明灯L1和采暖灯L2不能同时工作，说明照明灯L1和采暖灯L2由一个单刀双掷开关控制，由此可将BC选项排除；

图D中当开关与2连接时，照明灯L1和采暖灯L2同时工作，不符合题意，故D错误，只有A选项正确．

故选A．

【点评】本题考查了学生对电路的三种状态（开路、短路、通路）、串并联的连接的了解和掌握，分析当开关断开和闭合时的电路组成是本题的关键．

7．（3分）关于平衡力和相互作用力，下列说法正确的是（　　）

A．物体受平衡力作用时，运动状态可能会改变

B．静止在地面上的物体所受的重力和它对地面的压力是一对相互作用力

C．拔河比赛中甲队获胜，但比赛中甲队对乙队的拉力等于乙队对甲队的拉力

D．跳水运动员蹬跳板时，他对跳板的力和跳板对他的力是一对平衡力

【分析】平衡状态是指静止状态或匀速直线运动状态，处于平衡状态的物体受平衡力作用或不受力，物体受平衡力作用时其运动状态不发生改变．

二力平衡条件：两个力的大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在同一个物体上；相互作用力是作用在两个物体上，两个力的大小相等，方向相反，作用在同一条直线上．

【解答】解：A、物体在平衡力作用下，处于静止状态或匀速直线运动状态，所以运动状态一定不变，故A错误；

B、静止在地面上的物体所受的重力和它对地球的吸引力是一对相互作用力，故B错误；

C、拔河比赛中甲队获胜，但比赛中甲队对乙队的拉力等于乙队对甲队的拉力，是相互作用力大小相等，故C正确；

D、跳水运动员蹬跳板时，他对跳板的力和跳板对他的力是一对相互作用力，故D错误．

故选C．

【点评】掌握平衡力和相互作用力的四个条件，了解它们的概念，可对选项中的说法逐一做出判断，难度不大．

8．（3分）关于内能、温度和热量，下列说法正确的是（　　）

A．物体的内能跟物体的运动速度、物体的温度和物质状态都有关系

B．不同燃料燃烧时，放出热量越多的热值越大

C．质量和初温相同的水和煤油，放出相同热量时煤油温度降低的多

D．内能总是从内能多的物体向内能少的物体转移

【分析】（1）根据内能的概念来解答，内能是指物体内部所有分子做无规则运动所具有的动能和分子势能的总和．内能的大小与温度有关，同时分子越多，其内能也会越大，其与机械能是没有任何关系的．

（2）不同燃料燃烧时，放出热量的多少与热值和燃烧燃料的质量有关；

（3）因为水的比热容较大：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多．

（4）内能总是从温度高的物体向温度低的物体转移；

【解答】解：A、物体的运动速度属于机械能，由于内能和机械能是没有关系的，故A错误；

B、不同燃料燃烧时，放出热量的多少与热值和燃烧燃料的质量有关，故B错误；

C、质量相同、初温相同的水和煤油，放出相同的热量；因为水的比热容大，所以水的温度变化小，煤油的温度变化大，故煤油的末温低一些，故C正确；

D、据热传递的定义可知，内能总是从温度高的物体向温度低的物体转移，故D错误；

故选C．

【点评】此题考查了机械能和内能的关系、燃料的热值理解、水的比热容最大的理解和热传递的理解，是一道综合题．

9．（3分）如图所示，用力F拉着重为G的物体竖直匀速上升，在时间t内物体上升的高度为h（物体未拉出水面），若物体的体积为V，水的密度为ρ，则下列算式正确的是（　　）

A．η= B．η= C．W有=Gh D．P有=

【分析】用力F拉着重为G的物体竖直匀速上升时物体未拉出水面，排开水的体积和自身的体积相等，根据阿基米德原理求出受到的浮力，由图可知滑轮组绳子的有效股数，根据s=mh求出绳端移动的距离，根据W=Fs求出拉力做的功，根据W=（G﹣F浮）h求出有用功，根据P=求出有用功的功率，利用η=求出滑轮组的机械效率．

【解答】解：

因物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等，

所以，物体竖直匀速上升过程中，受到的浮力：F浮=ρgV排=ρgV；

由图可知，滑轮组绳子的有效股数n=3，

则绳端移动的距离：s=nh=3h，

绳子拉力做的总功：W总=Fs=F×3h=3Fh；

动滑轮对物体的拉力：F′=G﹣F浮=G﹣ρgV，

动滑轮对物体的拉力做的功为有用功，则有用功：W有=F′h=（G﹣ρgV）h，故C错误；

有用功的功率：

P有==，故D正确；

滑轮组的机械效率：

η===，故AB错误．

故选D．

【点评】本题考查了阿基米德原理和做功公式、功率公式、滑轮组机械效率公式的应用，明确有用功和总功是关键．

10．（3分）下列关于认识物质世界的叙述中错误的是（　　）

A．最早确立物质原子论的学者是阿伏伽德罗

B．电子的发现使人们认识到原子不是构成物质的最小单元

C．卢瑟福通过α粒子散射实验发现了原子核

D．哥白尼把人们从“地球是宇宙中心”的错误认识中解脱出来

【分析】国家对物理学家及其成就的掌握作答．

【解答】解：

A、1808年，英国科学家道尔顿提出了原子论．他认为物质都是由原子直接构成的；原子是一个实心球体，不可再分割．故A错误；

B、1897年，英国科学家汤姆生发现原子中存在电子．电子的发现使人们认识到原子不是构成物质的最小单元．故B正确；

C、1911年英国科学家卢瑟福进行了α粒子散射实验，发现了原子是由原子核和核外电子构成的．故C正确；

D、近代波兰科学家哥白尼提出以太阳为中心的宇宙模型，简称“日心说”．把人们从“地球是宇宙中心”的错误认识中解脱出来．故D正确．

故选A．

【点评】此题考查的是我们对物理学家及其成就的了解情况，属于物理学史的考查，比较简单，在平时要注意积累．

11．（3分）如图所示的电路，电源电压均不变，R0为定值电阻，R为最大阻值已知的滑动变阻器，利用下列电路图能够测出待测电阻Rx阻值的是（　　）

A． B． C． D．

【分析】要测量电阻阻值，需要测出电阻两端电压与通过电阻的电流，然后应用欧姆定律求出电阻阻值；分析图示电路图，应用串并联电路特点与欧姆定律分析答题．

【解答】解：

A、滑动变阻器滑片移动时，电压表能测出电路中的电压值，但无法求出通过未知电阻的电流，无法求出电阻，故A错误；

B、由于无法知道R0的电流，故无法求出待测电阻的电流和电压，无法求出电阻，故B错误；

C、根据图可知，利用电流表无法求出电压，故无法求出待测电阻两端的电压，无法求出电阻，故C错误；

D、由电路图可知，先把滑片移到最左端，滑动变阻器阻值全部接入电路，RP=R0，滑动变阻器与待测电阻串联，测出电路电流I，则电源电压U=I（R0+RX）①；

把滑动变阻器滑片移到最右端，时RP=0，即只有RX接入电路，由电流表测出电路电流I'，则电源电压U=I'RX，②，由①②可以求出RX，RX=R0，故D正确．

故选D．

【点评】本题考查了测电阻阻值问题，要测电阻阻值，需要测出待测电阻两端电压与通过电阻电流，分析清楚图示电路结构、应用串并联电路特点与欧姆定律即可正确解题．

12．（3分）关于电压、电流和电阻，下列说法正确的是（　　）

A．导体的电阻由它两端电压和通过的电流决定

B．电荷移动就能形成电流

C．电路中有电流时它两端一定有电压

D．电压的作用是电路中产生自由电荷

【分析】（1）影响电阻大小的因素有：导体的材料、长度、横截面积，导体的电阻和导体两端的电压和通过导体的电流无关；

（2）电荷的定向移动形成电流；

（3）电压的作用是使电荷发生定向移动在电路中形成电流．

【解答】解：

A、导体的电阻是导体本身的一种性质，导体的电阻跟导体的材料、横截面积、长度、温度有关，其大小与电流和电压无关，故A错误；

B、只有电荷的定向移动才能形成电流，故B错误；

CD、电压使电荷发生定向移动，使电路中形成了电流，有电流则一定有电压，故C正确；D错误．

故选C．

【点评】此题考查了电阻的影响因素、电流的形成以及电压的作用，属于基础性题目．

13．（3分）傍晚小明卧室的灯突然灭了，但客厅的灯正常发光，对此现象下列分析正确的是（　　）

A．小明卧室的照明电路发生了断路

B．小明卧室的灯泡发生了短路

C．他家工作电器的总功率过大

D．可能是进户线断了

【分析】家庭电路中各用电器均为并联的；但若某一个电器短路会烧坏保险丝，使整个房间断电．

【解答】解：

A、卧室的灯与客厅的灯并联，是互不影响的，所以，卧室的照明电路发生了断路时，卧室的灯熄灭，客厅的灯仍正常发光，故A正确；

B、若卧室的灯泡发生了短路，家中的保险丝会熔断，则所有房间均会断电，客厅的灯不会发光，故B错误；

C、他家工作电器的总功率过大，家中的保险丝会熔断，则所有房间均会断电，客厅的灯不会发光，故C错误；

D、若进户线断了，整个家庭电路都没有电，所有电灯都不会亮，故D错误．

故选A．

【点评】本题考查了家庭电路故障的分析，是一道中档题．

14．（3分）甲、乙两灯分别标有“6V 3W”和“6V 6W”字样，先将两灯串联后接在电压为U的电路中，甲灯的功率为P1；再将两灯并联后接在同一电压下，乙灯的功率为P2．两次灯泡均安全，忽略温度对灯丝电阻的影响，则

P1：P2为（　　）

A．9：2 B．2：9 C．4：9 D．1：9

【分析】先计算两灯电阻，再根据电路特点和欧姆定律分析得到两灯串联和并联时两灯的实际电压，从而计算功率比．

【解答】解：

两灯额定电压相同，由P=可得两灯电阻比：

====，

串联电路中电流处处相等，所以当两串联时I甲=I乙，

由欧姆定律可得：=，所以==，

由串联电路电压特点知，U甲=U，

由并联电路电压特点知，两灯并联时U乙=U，

由P=可得：

==（）2×=（）2×=．

故选B．

【点评】本题考查了串联和并联电路特点、欧姆定律以及电功率公式的综合应用，关键是计算出两电阻比，比值的计算过程要细心，易出错．

15．（3分）如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S后向右移动滑片P，下列判断正确的是（　　）

A．电流表的示数变大，电压表V2的示数变大，灯泡L2变亮

B．电流表的示数变大，电压表V1的示数变大，灯泡L1变亮

C．电流表的示数变小，电压表V1的示数不变，灯泡L1变亮

D．电流表的示数变小，电压表V2的示数变小，灯泡L2变亮

【分析】首先判定电路的连接状态，分清电表在电路中的作用，然后根据滑片移动判定电阻的变化，根据欧姆定律和电功率的公式判定电表示数、灯泡亮度的变化．

【解答】解：由图可知：该电路为混联电路，灯泡L1与滑动变阻器并联后，再与L2串联接入电路中，电流表测量的是总电流；电压表V1测量的是电路两端的总电压，即电源电压，故V1的示数不变，V2测量的是L2两端的电压．

右移动滑片P，变阻器电阻变大，由并联电路的电阻规律可知，L1与滑动变阻器并联后的总电阻变大，根据串联电路的电阻规律可知，整个电路的电阻变大，根据I=可知，总电流减小；

L1与滑动变阻器并联后的总电阻变大，根据分压规律可知，其分担的电压变大，故灯泡L1变亮；

综上所述，C正确．

故选C．

【点评】本题考查了滑动变阻器的变阻原理、欧姆定律、并联电路特点的应用，分析电路图确定两电阻的连接方式和电压表、电流表的测量对象是本题关键．

16．（3分）如图甲所示，盛有液体的柱形容器置于水平桌面上，容器对桌面的压强为1000Pa；如图乙所示，用细线栓一铝块，将铝块的一半浸在液体中，容器对桌面的压强改变了80Pa；如图丙所示，将细线剪断，铝块沉到容器底部，容器对桌面的压强又改变了460Pa．容器的底面积为100cm2，ρ铝=2.7g/cm3，g取10N/kg．下列判断正确的是（　　）

A．铝块浸没在液体中时所受浮力是0.8N

B．铝块的体积是100cm3

C．铝块沉底时对容器底部的压力是4.6N

D．液体的密度是0.8g/cm3

【分析】（1）甲图和乙图比较，知道增加的压强值和受力面积，利用p=求出对桌面增加的压力，水平面上物体的压力和自身的重力相等，且铝球受到的浮力和铝球对水的压力是一对相互作用力，据此可知对桌面增加的压力等于排开液体的重力，根据阿基米德原理求出铝球受到的浮力，根据F浮=ρgV排求出铝球浸没时受到的浮力；

（2）根据题意求出将细线剪断、铝块沉到容器底部时，图丙比图甲中对桌面增加的压强，根据F=pS求出图丙比图甲中对桌面增加的压力即为铝块的重力，根据G=mg求出铝球的质量，根据ρ=求出铝球的体积，铝球的重力减去受到的浮力即为铝块沉底时对容器底部的压力；物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等，根据阿基米德原理求出液体的密度．

【解答】解：

（1）由p=可得，图乙比图甲中对桌面增加的压力：

△F1=△p1S=80Pa×100×10﹣4m2=0.8N，

因水平面上物体的压力和自身的重力相等，且铝球受到的浮力和铝球对水的压力是一对相互作用力，

所以，对桌面增加的压力△F1=G排，

由阿基米德原理可知，铝球受到的浮力：

F浮=G排=0.8N，

由F浮=ρgV排可知，铝球浸没时受到的浮力：

F浮′=2F浮=2×0.8N=1.6N，故A错误；

（2）将细线剪断，铝块沉到容器底部，图丙比图甲中对桌面增加的压强：

△p=△p1+△p2=80Pa+460Pa=540Pa，

图丙比图甲中对桌面增加的压力：

△F2=△pS=540Pa×100×10﹣4m2=5.4N，

铝块的重力：

G铝=△F2=5.4N，

由G=mg可得，铝球的质量：

m铝===0.54kg=540g，

由ρ=可得，铝球的体积：

V铝===200cm3，故B错误；

铝块沉底时对容器底部的压力：

F铝=G铝﹣F浮′=5.4N﹣1.6N=3.8N，故C错误；

因物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等，

所以，由F浮=ρgV排可得，液体的密度：

ρ液====0.8×103kg/m3=0.8g/cm3，故D正确．

故选D．

【点评】本题考查了压强定义式和阿基米德原理、密度公式、重力公式的综合应用，正确的判断和理解容器对桌面压力的增加量是关键．

二、填空题（共8小题，每小题3分，满分18分）

17．（3分）我国自主研发的“天宫”二号飞行器在太空飞行时，它受到地球的引力与地面时相比　变小　（选填“变大”、“变小”或“不变”），其惯性　不变　（选填“变大”、”变小“或”不变”），它与地面通过　电磁波　传递信息的．

【分析】距离越远，受到的引力会越小，在太空中会处于失重状态；惯性大小只与质量有关；电磁波可以传递信息．

【解答】解：“天宫”二号飞行器在太空飞行时，处于失重状态，重力为0，要小于在地面上时的引力；惯性大小只与质量有关，故惯性不变；电磁波能传递信息，可以在真空中传播，飞行器是通过电磁波与地面联系的．

故答案为：变小；不变；电磁波．

【点评】本题考查了电磁波的应用、惯性的大小、重力的大小，属于基础知识．

18．（2分）某同学在10s内做了5个“引体向上”，他的质量为60kg，每次上升的高度为40cm．该同学做一次“引体向上”克服重力做的功的功是　240　J，10s内做功的功率为　120　W（g=10N/kg）．

【分析】（1）根据G=mg求出重力，再根据W=Gh求出克服重力做的功；

（2）求出10s内做的总功，据P=求出功率．

【解答】解：

（1）小明所受的重力：G=mg=60kg×10N/kg=600N；

完成一次引体向上，克服重力做的功：W=Gh=600N×0.4m=240J；

（2）在10s内做了5个“引体向上”，则10s内做的总功：W总=5W=5×240J=1200J，

10s内做功的功率：

P===120W．

故答案为：240；120．

【点评】此题主要考查的是学生对重力、功和功率计算公式的理解和掌握，常见题目．

19．（2分）用毛皮摩擦过的橡胶棒接触不带电的验电器金属球时，验电器的金属箔张角变大，这是由于验电器　得到　（选填“得到”或“失去”）电子，所带的　负　（选填“正”或“负”）电荷增多的缘故．

【分析】（1）用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电；

（2）验电器利用同种电荷互相排斥的原理，当用带电体接触验电器的金属球时，就会有一部分电荷转移，并使金属箔带上同种电荷，两金属箔由于同种电荷互相排斥而张开．

【解答】解：

毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，即橡胶棒有多余的电子，它与不带电的验电器金属球接触，多余的电子通过金属球向验电器的金属箔片运动，此过程中橡胶棒失去一部分电子而带的负电荷减少，对于验电器，由于有了多余的电子，使其带上了负电，即负电荷增多．

故答案为：得到；负．

【点评】本题主要考查了对验电器工作原理的了解，同时要知道毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，基础题目．

20．（3分）甲、乙两同学在平直的路面上同向进行，他们运动的s﹣t图象如图所示，由此可判断　甲　同学运动较快，开始运动时两同学相距　10　m，图中的a点表示　甲同学追上了乙同学　．

【分析】（1）在相同时间内，比较路程的远近可以比较运动快慢，根据图象，运用控制变量法，分析出甲、乙两位同学的运动快慢情况；

（2）由图象可知相距的距离；

（3）图中的a点表示相遇．

【解答】解：（1）由图象可以看出，在时间为5s时，甲同学运动25m，乙车运动25m﹣10m=15m；相同时间内，甲同学通过的路程大，所以甲同学运动得快；

（2）由图象可知开始运动时，甲同学从0m出发，乙同学距离甲出发点前10m，故相距的距离为10m；

（3）由图象可知，图中的a点表示相遇，即甲同学追上了乙同学．

故答案为：甲；10；甲同学追上了乙同学．

【点评】此题主要考查学生对于图象的分析能力，在进行物理实验中经常要画出测得数据的关系图象，分析图象从而得出结论．

21．（2分）如图所示，将物体A放入水中时悬浮，将物体B放入水中时有一半的体积露出水面，将物体A置于物体B上再放入水中时，物体B有三分之一的体积露出水面，则两物体的体积VA：VB=　1：6　，物体B的密度是　0.5×103　kg/m3

【分析】物体A在水中悬浮，所受浮力等于自身的重力，ρA=ρ水；

将物体B放入水中时有一半的体积露出水面，物体B在水中漂浮，根据所受浮力等于自身的重力，算出B的密度；

将物体A置于物体B上再放入水中时，物体B有三分之一的体积露出水面，处于漂浮状态，根据所受浮力等于自身的重力，列出等式，从而解出两物体的体积之比．

【解答】解：A物体A在水中悬浮，ρA=ρ水﹣﹣﹣﹣﹣①；

B物体在水中处于漂浮状态且有一半的体积露出水面，所受浮力等于自身的重力，即F浮=ρ水gVB=ρBgVB﹣﹣﹣﹣﹣﹣②

由②得ρB=ρ水=×1.0×103kg/m3=0.5×103kg/m3；

将物体A置于物体B上再放入水中时，AB处于悬浮状态且物体B有三分之一的体积露出水面，所受浮力等于AB自身重力的和，即F浮=GA+GB，

ρ水gV排=ρAgVA+ρBgVB﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣③

由①②③得：ρ水gVB=ρ水gVA+ρ水gVB

VB﹣VB=VA

VA：VB=1：6．

故答案为：1：6；0.5×103．

【点评】本题考查浮力的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，要知道物体漂浮或悬浮时，受到的浮力等于自身的重力．

22．（2分）眼睛相当于照相机，它能够在一定范围内自动调节　焦距　和进入眼睛的光的强度．在适当的照明条件下，物体能在视网膜上形成一个缩小、　倒立　的实像．

【分析】要解答本题需掌握：人的眼球好像一架照相机，晶状体和角膜的共同作用相当于一个凸透镜，外界物体在视网膜上所成的像是倒立的实像．

【解答】解：人的眼球好像一架照相机，我们看物体时，是通过睫状体的伸缩来调节晶状体的弯曲程度，改变晶状体的焦距，使不同远近的物体都能在像距相同的视网膜上生成清晰的倒立实像．晶状体和角膜的共同作用相当于一个凸透镜，视网膜相当于光屏，外界物体在视网膜上所成的像是倒立、缩小的实像．

故答案为：焦距；倒立．

【点评】本题主要考查学生对眼睛及其视物原理的了解和掌握，眼睛和照相机类似，可以将2倍焦距以外的物体成像在视网膜上．

23．（2分）电能表是用来测量　电功（消耗电能）　的仪表．某同学家电表格铭牌上标有“220V 800r/kW•h”字样，他观察到在1min的时间内，电能表的转盘匀速转了20转，观察期间他家工作电器的总功率为　1.5　kW．

【分析】①电能表是测量电功（消耗电能）的仪表，示数单位是kW•h；

②800r/kW•h表示电能表转盘转800转消耗的电能为1kW•h，据此计算出电能表的转盘转20转消耗的电能，再利用P=求电路的总功率．

【解答】解：

①电能表是测量电功（消耗电能）的仪表；

②800r/kW•h表示电能表转盘转800转消耗的电能为1kW•h，

电能表的转盘转20转消耗的电能：

W=kW•h=kW•h，

电路的总功率：

P===1.5kW．

故答案为：电功（消耗电能）；1.5．

【点评】本题考查了使用电能表电能、电功率的计算，关键是电能表相关参数的理解．

24．（2分）如图甲所示的电路中，电源电压保持不变．闭合开关，将变阻器滑片从一端移动到另一端的过程中，两只电压表与电流表示数的变化关系图线如图乙所示，则电源电压为　15　V，滑片移至最左端时10s内电流通过R1产生的热量为　6　J．

【分析】由电路图可知，电阻R1、电阻R2、滑动变阻器串联在电路中，电压表V1测量R2两端的电压，电压表V2测量R2和变阻器两端的总电压，电流表测量电路中的电流．

（1）当滑片P向右移动时，滑动变阻器连入的电阻变小，从而使电路中的总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，R1和R2两端的电压变大，由串联电路电压的特点可知，R2和变阻器两端的总电压变小，由此可知图象中上半部分为电压表V2示数变化图线，下半部分为电压表V1示数变化图线；

（2）由图象可知，当滑片P移至最右端，滑动变阻器连入电阻为0，此时电路中的总电阻最小，电路中的电流最大为0.6A，此时两电压表的示数都为6V，根据串联电路的特点和欧姆定律表示出电源的电压；当电压表V2的示数（R2和变阻器两端的电压）为12V时，电压表V1的示数（R2两端的电压）为2V，电路中的电流为0.2A，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式即可求出R1的阻值和电源的电压，根据Q=I2Rt求出滑片移至最左端时10s内电流通过R1产生的热量．

【解答】解：由电路图可知，电阻R1、电阻R2、滑动变阻器串联在电路中，电压表V1测量R2两端的电压，电压表V2测量R2和变阻器两端的总电压，电流表测量电路中的电流．

（1）当滑片P向右移动时，滑动变阻器连入的电阻变小，电路中的总电阻变小，

由I=可知，电路中的电流变大，

由U=IR可知，R1和R2两端的电压变大，

因串联电路中总电压等于各分电压之和，

所以，电压表V2的示数变小，

结合图乙可知，图象中上半部分为电压表V2示数变化图线，下半部分为电压表V1示数变化图线；

（2）当滑片P移至最右端时，两电压表均测R2两端的电压，电路中的电流最大为I=0.6A，UV1=6V，

因串联电路中总电压等于各分电压之和，

所以，电源的电压：

U=UV1+U1=6V+0.6A×R1﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①

当滑片位于左端时，电压表V2的示数（R2和变阻器两端的电压）UV2=12V时，电路中的电流I′=0.2A，

则电源的电压：

U=UV2+U1′=12V+0.2A×R1﹣﹣﹣﹣②

因电源的电压不变，

所以，由①②可得：R1=15Ω，U=15V，

滑片移至最左端时10s内电流通过R1产生的热量：

Q1=（I′）2R1t=（0.2A）2×15Ω×10s=6J．

故答案为：15；6．

【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是两电压表的示数与电流表示数变化的关系的判断．

三、实图、做图题：本大题4小题，共14分

25．（4分）完成下列光路图：

（1）如图甲所示，在练功房一侧的墙壁上装有一块平面镜，某同学从A点用一激光笔向镜面照射，在天花板的B点看到一光斑，请画出该光斑形成的光路图；

（2）画出图乙从S点射出的两条入射光线经过透镜后的折射光线．

【分析】（1）根据对称法，先找到A的对称点即A的像点，再连接对A的像点和B，找到入射点，从而画出入射和反射光线．

（2）在作凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来作图．

【解答】解：

（1）根据像与物体关于平面镜对称画出A的像点A'，连接A'B，与平面镜的交点即为入射点，再连接A与入射点连线为入射光线，B与入射点连线为反射光线，如图所示：

（2）平行于主光轴的光线经凹透镜折射后折射光线的反向延长通过焦点，过光心的光线其传播方向不变，如图所示：

【点评】本题考查了平面镜成像和凹透镜对光线作用的作图，注意作图要规范，实线与虚线要分清．

26．（4分）根据要求画图：

（1）如图甲所示，标出通电螺线管中的电流方向和N、S极；

（2）在图乙中标出右边磁体的磁极和磁场的磁感线方向．

【分析】（1）利用小磁针静止时的N、S极的方向确定了螺线管的N、S极，然后利用螺线管的绕向和磁极，根据安培定则再确定螺线管中电流的方向．

（2）在磁体的外部，磁感线从N极指向S极；

【解答】解：（1）由于小磁针静止时，其左端为S极，右端为N极，根据磁极间的作用规律可知，螺线管的左端为N极，右端为S极．

根据右手定则，伸出右手，让右手的大拇指指示螺线管的N极（螺线管的左端），四指弯曲所指的方向为电流的方向．所以，电流由最左端的导线流入．（2）据图可知，此时一定是异名磁极，左端是N极，右端一定是S极，故磁感线的方向是向右的，如下图所示：

【点评】此题考查了磁极间的作用规律和安培定则的应用，是一道综合题，但难度不大．

27．（3分）如图所示为某街道路灯悬挂的情境图．画出斜拉钢丝对横杆拉力F的示意图和对应的力臂L．

【分析】找到拉力的作用点，从作用点开始，沿力的方向画一条带箭头的线段，标出F；力臂即支点到力的作用线的距离．找到支点向力的作用线作垂线即可．

【解答】解：

拉力的作用点在横杆上，从作用点开始，沿力的方向画一条带箭头的线段，标出F，即为F的示意图；从支点O向F所在的直线作垂线，并标出L，即为拉力F的力臂．如图所示：

．

【点评】力臂即点到线的距离，在数学中早有接触．找到点（支点）找到线（力的作用线），由点向线作垂线即可．

28．（3分）根据电路图，以笔画线代替导线连接实物电路．

【分析】分析电路的连接方式和电流表测量的电流以及电压表所测的电压，根据电路图连接实物图．

【解答】解：

由电路图可知，R和L1串联再与L2并联，电流表测通过L2的电流，电压表测R和L1两端电压，开关在干路上控制整个电路，实物连接如图所示：

．

【点评】本题考查了实物图的连接，连接的过程中要注意电流的流向，先串电路原件最多的支路，然后把其他支路并联在相应的位置即可．

四、实验题：本大题4小题，共20分

29．（4分）为了探究物体所受重力与质量的关系，某实验小组进行了实验，

（1）钩码所受重力的大小用　弹簧测力计　进行测量，测量时钩码必须处于　静止（平衡）　状态；

（2）他们将测出的数据记录在表格中并进行了处理，通过分析发现有一次测量数据存在问题，这个数据是　1.5N　；重新测量并进一步分析数据，得出的结论是：　在同一地点，物体所受重力与质量成正比　．

【分析】（1）弹簧测力计可以测量物体的重力；当钩码处于静止状态时处于平衡状态，受到的力为平衡力；

（2）根据表格中的质量关系和重力关系分析．

【解答】解：（1）钩码所受重力的大小用弹簧测力计进行测量，测量钩码重力时，必须让钩码处于静止状态，这样测力计的拉力与重力是一对平衡力，大小相等；

（2）由表格中的数据可知，当物体的质量为100g时，重力为1N；300g的物体的重力应该为100g物体重力的3倍，故数据1.5出错了，应该是3；此时==10N/kg；由数据可知，物体的重力与质量的比值为定值，故结论为：在同一地点，物体所受重力与质量成正比．

故答案为：（1）弹簧测力计；静止；（2）1.5；在同一地点，物体所受重力与质量成正比．

【点评】此题考查了重力和质量之间的关系，考查了学生对实验数据的分析，首先对数据进行定性分析，若都是增大的，则考虑正比例关系，看是否成相同倍数的变化．

30．（5分）如图所示的实验装置，在两根水平且平行的金属轨道上放一根轻质导体ab．

（1）接通电源，这时会看到导体ab向左运动，这表明　通电导体在磁场中会受力的作用　；

（2）若只对调磁体的磁极或只改变导体ab中的电流方向，观察到导体ab均向右运动，这表明　通电导体在磁场中受力的方向与磁场方向和电流方向均有关　；

（3）如果把磁体的两极对调，同时改变通过导体ab中的电流方向，会看到导体ab的运动方向跟原来　相同　（选填“相同”或“相反”）．

【分析】据课本可知，通电导线在磁场中受力的作用；且所受力的方向与电流的方向和磁场的方向有关；

【解答】解：（1）接通电源，这时会看到导体ab向左运动，即说明ab受到向左的力的作用，即说明通电导体在磁场中会受力的作用；

（2）只对调磁体的磁极或只改变导体ab中的电流方向，观察到导体ab均向右运动，即说明ab所受力的方向发生了改变，即说明：通电导体在磁场中受力的方向与磁场方向和电流方向均有关；

（3）如果把磁体的两极对调，同时改变通过导体ab中的电流方向，即等于改变了两个因素，所以会看到导体ab的运动方向跟原来相同；

故答案为：（1）通电导体在磁场中会受力的作用；

（2）通电导体在磁场中受力的方向与磁场方向和电流方向均有关；

（3）相同；

【点评】知道通电导线在磁场中受力的作用是解决该题的关键．

31．（5分）在探究海波熔化过程的试验中，某实验小组讨论了以下问题：

（1）试验中需要的测量工具是温度计和　秒表　，加热时需要不断观察海波的　状态　变化；

（2）本实验成功的关键是保证海波　均匀受热　，为此需要采用水浴法加热；

（3）实验结束后，他们绘制了海波熔化时温度随时间变化的图线如图所示，由图可知：海波的熔点是　48　℃，海波融化的特点是　吸热但温度保持不变　．

【分析】（1）实验中要用秒表来测量熔化的时间；实验过程中要观察海波的状态变化；

（2）水浴法能使物质均匀受热；

（3）晶体在熔化的过程中温度不变、

【解答】解：（1）试验中需要用温度计测量温度，用秒表测量所用的时间，加热时还要观察海波的状态变化情况；

（2）水浴法能使物质均匀受热，水的比热容较大，水升温缓慢，海波吸热过程较长，利于观察状态的变化和记录测量数据；

（3）由图可知，海波在熔化的过程中，吸收热量，温度保持不变，熔点为48℃．

故答案为：（1）秒表；状态；（2）均匀受热；（3）48；吸热但温度保持不变．

【点评】晶体熔化和凝固图象与非晶体熔化和凝固图象是热学中的一个非常重要的知识点．将单纯的抽象的图象与物体发生变化的具体的物理过程对应联系起来是解决此题的关键所在．

32．（6分）为了研究小灯泡在不同电压下工作时（实际电压不允许超过额定电压的五分之一），消耗的电功率是否相同，某同学选取一个额定电压为2.5V的小灯泡．

（1）请你帮他设计电路，并在答题卡的指定位置画出电路图；

（2）他还准备了：蓄电池（6V），电流表（0～0.6A 0～3A）、电压表（0～3V 0～15V）、滑动变阻器R1（10Ω 0.6A）、滑动变阻器R2（50Ω 0.6A）、开关、导线若干．为了完成实验，应选择滑动变阻器　R2　接入电路，电压表选用　0～3V　量程；

（3）由实验测得，通过小灯泡的电流随电压变化的关系图线如图所示．由图可知，小灯泡正常发光时，通过灯丝的电流是　0.2　A，此时消耗的电功率为　0.5　W；

（4）通过数据分析可以得出：　小灯泡在不同电压下的功率不同　．

【分析】（1）由实验目的确定要测量的量结合归纳法，据此画出电路图；

（2）（3）灯在额定电压下灯正常发光，根据通过小灯泡的电流随电压变化的关系图线找到，小灯泡正常发光时，通过灯丝的电流，此时消耗的电功率为P=ULI求灯的额定功率；根据欧姆定律求灯正常发光时的电阻大小，根据串联电路电压的规律和分压原理确定灯正常发光时变阻器连入电路中的电阻大小确定变阻器的规格；

（4）分别求出灯在不同电压下的功率得出结论．

【解答】解：（1）研究小灯泡在不同电压下工作时（实际电压不允许超过额定电压的五分之一），消耗的电功率是否相同，故应用电压表测量出灯电压，用电流表测出此时灯的电流，根据P=UI求灯的实际功率，为得出普遍性的规律，要多次测量，故要将滑动变阻器串联在电路中，如下所示：

（2）（3）灯在额定电压下灯正常发光，由通过小灯泡的电流随电压变化的关系图线可知，小灯泡正常发光时，通过灯丝的电流是0.2A，此时消耗的电功率为：

P=ULI=2.5V×0.2A=0.5W；

灯正常发光时的电阻：

R==12.5Ω，灯正常发光时变阻器分得的电压：

U滑=U﹣UL=6V﹣2.5V=3.5V，变阻器分得的电压是灯的电压的=1.4倍，根据分压原理，变阻器连入电路 中的电阻为：

R滑=1.4×12.5Ω=17.5Ω＞10Ω，故选用（50Ω 0.6A）滑动变阻器R2；

因灯的额定电压为2.5V，又实际电压不允许超过额定电压的五分之一，即×2.5V=0.5V，故灯的实际电压不超过3V，故电压表选用0～3V量程；

（4）由图中数据可知，灯的电压为U1=1.5V时，通过的电流为I1=0.15A，灯的实际功率：

P1=U1I1=1.5V×0.15A=0.225W；

同理，当灯的电压为3V时，通过的电流约为0.22A，灯的实际功率为0.66W，

小灯泡正常发光时，通过灯丝的电流是0.2A，此时消耗的电功率为P=ULI=2.5V×0.2A=0.5W；

所以，小灯泡在不同电压下的功率不同．

故答案为：（1）如上图所示；（2）R2；0﹣3V；（3）0.2；0.5；（4）小灯泡在不同电压下的功率不同．

【点评】本题究小灯泡在不同电压下工作时消耗的电功率，考查电路的设计、器材的选择、功率的求解等知识．

五、解答题（共3小题，满分20分）

33．（6分）某品牌电磁炉铭牌部分参数如图所示，现将其接入220V电路中给锅内25℃的水加热5min，锅内的水温度升高到88℃，已知c水=4.2×103J/（kg•℃），求：

（1）电磁炉在5min内消耗的电能；

（2）假设电磁炉工作时产生的热量全部被水吸收，那么锅内水的质量是多少？

【分析】（1）已知电磁炉的额定功率，利用P=公式变形可求得电磁炉在5min内消耗的电能；

（2）根据电热转化效率可求得水吸收的热量，再利用Q=cm△t可求得锅内水的质量．

【解答】解：

（1）已知P=2100W，t=5min=300s，

由P=可得，电磁炉在5min内消耗的电能：

W=Pt=2100W×300s=6.3×105J；

（2）已知η=84%，由η=可得，水吸收的热量：

Q吸=W×84%=6.3×105J×84%=5.292×105J，

由Q吸=cm△t可得，锅内水的质量：

m===2kg．

答：（1）电磁炉在5min内消耗的电能为6.3×105J；

（2）锅内水的质量是2kg．

【点评】本题考查了电功和热量的综合计算，涉及到吸热公式、电能的计算、效率的计算，明白电磁炉铭牌部分参数的含义是解题的关键．

34．（6分）如图所示，质量为500g的薄壁容器放在水平地面上，容器底面积为80cm2，内装1.5L的水，已知g=10N/kg，ρ水=1.0×103kg/m3，求：

（1）容器对水平桌面的压强；

（2）水对容器底部的压力．

【分析】（1）利用G=mg和ρ=求出水的重力，容器对水平桌面的压力等于容器与水的总重力，又知容器底面积，即受力面积，利用p=计算容器对水平桌面的压强；

（2）利用p=ρgh求出水对容器底部的压强，然后根据p=计算水对容器底部的压力．

【解答】解：（1）水的体积：V=1.5L=1.5×10﹣3m3，

根据ρ=可得水的质量：

m水=ρ水V=1.0×103kg/m3×1.5×10﹣3m3=1.5kg，

则容器对水平桌面的压力：

F=G=（m水+m容）g=（1.5kg+0.5kg）×10N/kg=20N，

容器对水平桌面的压强：

p===2.5×103Pa；

（2）水对容器底部的压强：

p′=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.1m=1×103Pa，

则水对容器底部的压力：

F′=p′S=1×103Pa×80×10﹣4m2=8N．

答：（1）容器对水平桌面的压强为2.5×103Pa；

（2）水对容器底部的压力为8N．

【点评】此题考查压强的大小计算，难度适中，属于中档题目，解答本题时需要注意：①容器对水平桌面的压力等于容器与水的总重力；②计算液体压强时，深度是指某点到液面的垂直高度；③单位换算．

35．（8分）如图所示的电路，电源电压保持不变，定值电阻R1的阻值为20Ω．闭合开关，调节滑动变阻器R2的电阻，当滑片P从一端移动到另一端时，电流表的示数变化范围为0.1A～0.5A．求：

（1）电源电压；

（2）滑动变阻器R2的最大阻值；

（3）通过计算说明滑动变阻器接入电路的电阻为多大时，它消耗的功率最大，并求出最大功率．

【分析】（1）当滑片位于左端时，电路为R1的简单电路，电流表测电路中的电流，此时电路中的电流最大，根据欧姆定律求出电源的电压；

（2）当滑片位于右端时，接入电路中的电阻最大，电流表测电路中的电流，电路中的电流最小，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器R2的最大阻值；

（3）根据电阻的串联和欧姆定律表示出电路中的电流，再根据P=I2R表示出滑动变阻器的功率，根据数学变形得出滑动变阻器消耗的最大电功率．

【解答】解：（1）当滑片位于左端时，电路为R1的简单电路，电流表测电路中的电流，

此时电路中的电流最大，即I大=0.5A，

由I=可得，电源的电压：

U=I大R1=0.5A×20Ω=10V；

（2）当滑片位于右端时，接入电路中的电阻最大，电流表测电路中的电流，

此时电路中的电流最小，即I小=0.1A，

电路中的总电阻：

R===100Ω，

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，

所以，滑动变阻器R2的最大阻值：

R2大=R﹣R1=100Ω﹣20Ω=80Ω；

（3）电路中电流的电流：

I=，

滑动变阻器消耗的电功率：

P2=I2R2=（）2R2====，

当R2=R1=20Ω时，滑动变阻器消耗的电功率最大，

P2大===1.25W．

答：（1）电源电压为10V；

（2）滑动变阻器R2的最大阻值为80Ω；

（3）通过计算说明滑动变阻器接入电路的电阻为20Ω时，它消耗的功率最大，最大功率为1.25W．

【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，正确的判断滑动变阻器消耗的电功率是关键．

（完整版）2017年兰州市中考物理试卷