2018-2019年高中物理湖南高考真题试卷【32】含答案考点及解析

班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________

注意事项：
1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息
2．请将答案正确填写在答题卡上

1.地球赤道上的物体随地球自转的向心加速度为，角速度为，某卫星绕地球做匀速圆周运动的轨道半径为，向心力加速度为，角速度为。已知万有引力常量为，地球半径为。下列说法中正确的是

【答案】D

【解析】

试题分析：赤道上物体靠万有引力和支持力的合力提供向心力，根据题目条件无法求出向心加速度之比，故A错误．由A选项分析可知，因向心加速度之比无法，则角速度也无法确定，故B错误．根据得，地球的第一宇宙速度，故C错误．根据得，地球的质量，那么其平均密度．故D正确．故选D。

考点：万有引力定律的应用

【名师点睛】解决本题的关键掌握万有引力提供向心力这一重要理论，并能灵活运用，知道第一宇宙速度等于贴近星球表面做匀速圆周运动的速度。

2.如图所示电路中，电流表A和电压表V均可视为理想电表．现闭合开关S后，将滑动变阻器滑片P向左移动，下列说法正确的是（）

【答案】A

【解析】解：

A、B闭合开关S后，将滑动变阻器滑片P向左移动时，变阻器接入电路的电阻增大，根据闭合电路欧姆定律得知，电路中总电流I减小，则小灯泡L变暗，电流表A的示数变小．电压表的示数U=E﹣I（RL+r），I减小，其他量不变，则U增大，即电压表V的示数变大．故A正确，B错误．

C、电容器的电压等于变阻器两端的电压，即等于电压表的示数，U增大，由Q=CU，知电容器C上的电荷量增大．故C错误．

D、电源的总功率P=EI，I减小，则电源的总功率变小．故D错误．

故选：A

【点评】本题是电路动态变化分析问题，电容器所在电路相当于开关断开，根据欧姆定律进行分析．

3.如图所示，“”表示电流方向垂直纸面向里，“⊙”表示电流方向垂直纸面向外。两根通电长直导线a、b平行且水平放置，a、b中的电流强度分别为I和2I，此时a受到的磁场力大小为F。当在a、b的上方再放置一根与a、b平行的通电长直导线c后，a受到的磁场力大小仍为F，图中abc正好构成一个等边三角形，此时b受到的磁场力大小为（  ）

【答案】D

【解析】由右手定则可知，导线b在a处产生的磁场方向竖直向下，设为B1，如图所示，有左手定则得知a受到b的安培力的方向为水平向左（如图），由牛顿第三定律可知b受到的a的安培力大小为F，方向水平向右（如图）；

放入导线c后，c在a处的磁感应强度方向垂直于ac连线向上（如图中的B2），c对a的安培力方向指向c，因此时a受到的磁场力大小仍为F（受到bc的安培力的合力），bc对a的安培力的夹角为120°，所以c对a的安培力大小也为F；

c在a和b处的磁感应强度大小相等，因b的电流是a的2倍，所以b受到c的安培力为2F，方向由c指向b（如图所示）；b受到的两个安培力之间的夹角为60°，由余弦定理得b受到的磁场力大小为： , 选项D正确，ABC错误．故选D.

点睛：该题考查了安培力的大小和方向的分析，涉及到的安培力较多，这就要求在解答的过程中要细心，要有一定的条理性；要知道在磁场强度相同的情况下，安培力的大小与电流的大小成正比；同时要注意数学知识在物理学中的应用，像该题就用到了余弦定理．

4.下面说法中正确的是：（  ）

【答案】B

【解析】A 、放射性元素的原子核有半数发生衰变时所需要的时间，叫半衰期，是大量原子核衰变的统计结果，故少量的放射性物质不能用半衰期来计算，A错误；

B、根据光电效应方程得，光强度不影响光电子的最大初动能，光电子的最大初动能与入射光的频率有关；入射光的频率不变，光电子的最大初动能不变，与光的强度无关；入射光的强度影响单位时间内发出光电子的数目，光的强度减弱，单位时间内发出光电子数目减少，B正确；

C、电子的发现说明原子有复杂结构，卢瑟福根据粒子散射实验提出原子的核式结构，C错误；

D、原子序数越大，则该原子核比结合能越小，原子核中的核子结合得越不牢固，原子核越不稳定 ；D错误；

故选B。

5.下列说法中正确的是   。（选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分；每选错1个扣3分，最低得分为0分）

E．第二类永动机违反能量守恒定律

【答案】BCD

【解析】

试题分析：布朗运动是悬浮在液体表面的固体颗粒的无规则运动，是液体分子的热运动的宏观表现，选项A错误；对一定质量的气体加热，气体吸收热量，温度可能升高，故内能可能增加，其体积可能增加，选项B正确；温度是分子平均动能的标志，物体的温度越高，分子热运动越剧烈，分子的平均动能越大，选项C正确；分子间的引力与斥力同时存在，当r＞r0时斥力小于引力，表现为引力，选项D正确；第二类永动机不违反能量守恒定律，但是违反热力学第二定律，选项D错误；故选BCD.

考点：布朗运动；热力学第一定律；热力学第二定律。

6.核能作为一种新能源在现代社会中已不可缺少，我国在完善核电安全基础上将加大核电站建设。核泄漏中的钚（Pu）是一种具有放射性的超铀元素，它可破坏细胞基因，提高患癌的风险。已知钚的一种同位素的衰变方程为：，半衰期为24100年，则下列说法中正确的是（　　）

【答案】B

【解析】衰变时发出的γ射线是电磁波，穿透能力很强，故A错误．根据电荷数守恒、质量数守恒知，X的电荷数为92，质量数为235，则X原子核中的中子数为143，故B正确．半衰期具有统计规律，对大量的原子核适用，对少数原子核不适用，故C错误．衰变的过程中有质量亏损，总质量减小，故D错误．故选B．

点睛:本题考查了衰变的基本运用，知道衰变的过程中的电荷数守恒、质量数守恒，知道各种射线的性质，注意半衰期对少量的原子核不适用．

7.如图，为内阻不能忽略的电池，．．为定值电阻，．为开关，V与A分别为电压表与电流表。初始时与均闭合，现将断开，则：      （   ）

【答案】B

【解析】略

8.如图所示，水平细杆上套一环A，环A与球B间用一不可伸长轻质绳相连，质量分别为mA和mB，由于B球受到水平风力作用，A与B球一起向右匀速运动．已知细绳与竖直方向的夹角为θ，则下列说法中正确的是(　　)．

【答案】A

【解析】对球B受力分析，受重力、风力和拉力，如左图；

风力为：F=mBgtanθ，故A正确；绳对B球的拉力为：；当风力增大时，θ增大，则T增大．故B错误．把环和球当作一个整体，对其受力分析，受重力（mA+mB）g、支持力N、风力F和向左的摩擦力f，如右图；根据共点力平衡条件可得：杆对A环的支持力大小为：N=（mA+mB）g；f=F，则A环与水平细杆间的动摩擦因数为：，故CD错误；故选A．

9.如图所示，质量为M的斜面体A放在粗糙水平面上，用轻绳拴住质量为m的小球B置于斜面上，整个系统处于静止状态，已知斜面倾角及轻绳与竖直方向夹角均为θ=30°．不计小球与斜面间的摩擦，则（    ）

【答案】C

【解析】试题分析：先以B球为研究对象，分析受力情况，根据平衡条件求解轻绳和斜面对小球的作用力大小．再以B球和斜面整体为研究对象，分析受力情况，由平衡条件求出水平面对斜面的支持力和摩擦力．

由题目叙述得到模型图，以B球为研究对象，分析受力情况，如图所示：

根据平衡条件，水平方向，得，则竖直方向，解得轻绳对小球的作用力大小为，斜面对小球的作用力大小为，AB错误；以B球和斜面整体为研究对象，分析受力情况，如图所示，则有，得，根据牛顿第三定律可知，斜面体对地面的作用力大小也是；根据可得，C正确D错误．

10.将某材料制成的长方体锯成A、B两块放在水平面上，A、B紧靠在一起，物体A的角度如图所示．现用水平方向的力F推物体B，使物体A、B保持原来形状整体沿力F的方向匀速运动，则(　　)

【答案】C

【解析】试题分析：对A受力分析，在水平方向上受B对A的弹力，桌面的滑动摩擦力，B对A的静摩擦力，在三个力的作用下处于平衡，选项AB错误；受力如图。

从图上可知，木板B对A的压力小于桌面对木板A的摩擦力，选项C正确；对B分析，在水平方向上受推力F，桌面的摩擦力，A对B的压力，A对B的静摩擦力，在四个力作用下平衡，选项D错误。

考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用

【名师点睛】分别隔离对A和B受力分析，根据共点力平衡确定力的大小关系．解决本题的关键能够正确地进行受力分析，运用共点力平衡进行求解．

11.现要测量一个未知电阻Rx的阻值，除Rx外可用的器材有：

多用电表（仅可使用欧姆档）；

一个电池组E（电动势6V）

一个滑动变阻器R（0﹣20Ω，额定电流1A）；

两个相同的电流表G（内阻Rg=1000Ω，满偏电流Ig=100μA）；

两个标准电阻（R1=29000Ω，R2=0.1Ω）；

一个电键S、导线若干．

（1）为了设计电路，先用多用电表的欧姆档粗测未知电阻，采用“×10”挡，调零后测量该电阻，发现指针偏转非常大，最后几乎紧挨满偏刻度停下来，下列判断和做法正确的是     （填字母代号）．

A．这个电阻阻值很小，估计只有几欧姆

B．这个电阻阻值很大，估计有几千欧姆

C．如需进一步测量可换“×1”挡，调零后测量

D．如需进一步测量可换“×1k”挡，调零后测量

（2）根据粗测的判断，设计一个测量电路，要求测量尽量准确并使电路能耗较小，画出实验电路图，并将各元件字母代码标在该元件的符号旁．

【答案】（1）AC；   （2）

【解析】解：（1）A、用多用电表的欧姆档粗测未知电阻，采用“×10”挡，调零后测量该电阻，发现指针偏转非常大，此时的刻度盘示数较小，故总阻值较小，故A正确．

B、由A分析知，B错误．

C、应改用小倍率档位，选档位后，重新欧姆调零进行测量，故C正确．

D、由C分析知，D错误．

故选：AC；

（2）利用提供的器材R2和G改装成电流表，用R1和G改装成电压表；要求电路能耗较小，结合电阻较小特点，故采用限流接法，电路如图：

故答案为：（1）AC；   （2）

【点评】欧姆表的使用规则和注意事项经常考查、电表的改装和电路设计经常考查

12.某同学在做研究弹簧的形变与外力的关系实验时，将一轻弹簧竖直悬挂让其自然下垂，测出其自然长度；然后在其下部施加外力F，测出弹簧的总长度L，改变外力F的大小，测出几组数据，作出外力F与弹簧总长度L的关系图线如图所示。(实验过程是在弹簧的弹性限度内进行的)由图可知该弹簧的自然长度为_____ cm；该弹簧的劲度系数为_____ N/m。

【答案】10 ;50

【解析】

试题分析：根据胡克定律 ,当F=0时可得L0=10cm；劲度系数。

考点：测弹簧的劲度系数。

13.一个物体做平抛运动，若沿水平和竖直方向分解，则它在水平方向上的分运动是______________（选填“匀速直线运动”或“匀变速直线运动”）；竖直方向上的分运动是______________（选填“匀速直线运动”或“匀变速直线运动”）。

【答案】匀变速直线运动  匀速直线运动

【解析】略

14.(1)用游标为50分度的游标卡尺测量某工件的长度时，示数如图所示，则测量结果应该读作________mm.

(2)用螺旋测微器测圆柱体的直径时，示数如图所示，此示数为________mm.

【答案】：(1)10.40　(2)2.720

【解析】游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．

解：游标卡尺的主尺读数为10mm，游标读数为0.02×20mm=0.40mm，所以最终读数为10.40mm．

螺旋测微器的固定刻度为2.5mm，可动刻度为0.01×22.0mm=0.220mm，所以最终读数为2.720mm．

故本题答案为：10.40，2.720

15.如图所示，气缸竖直放置于水平地面，缸壁和活塞均绝热，活塞横截面积为S，重力为G，活塞下方A气体初温为TA，上方B气体初温为TB，对活塞的压力为G．若气体初温满足_______条件，当A、B升高相同的温度时可使得活塞向上移动；现A气体温度升高△T，活塞上移使A气体的体积增大1/4，此时A的压强为_______．

【答案】TA＜2TB；    8G(TA+△T) / 5STA；

【解析】

考点：理想气体的状态方程；共点力平衡的条件及其应用．

分析：都升高相同温度后，假设活塞静止不动，由等容变化推出此时A、B的压强，再利用假设活塞向上运动的条件P′A＞P′B，问题可解；

A气体体积增大 ，则B气体体积减小A体积的，分别对A、B部分气体应用理想气体状态方程得到P′′A、P′′B并且利用它们的关系（P′′A=P′′B+ ），即可求得P′′A

解：由题意知初状态B气体压强：PB=； A气体压强为：PA=；

假设温度都升高△T时活塞仍静止，由等容变化规律得：=…①

=…②

如果活塞向上移动，则P′A＞P′B…③

把①②带入③得：TA＜2TB

A气体的体积增大时，设A气体压强P′′A，B气体压强P′′B，由理想气体状态方程得：=…④

=…⑤

且 P′′A=P′′B+…⑥

把④⑤带入⑥得：P′′A=

故答案为：TA＜2TB；    8G(TA+△T) / 5STA

16.镭核（Ra）经过一系列α衰变和β衰变，变成铅核（Pb） 其中经过α衰变的次数是_____，镭核（Ra）衰变成铅核（Pb）的过程中损失了_______个中子．

【答案】5    16

【解析】

试题分析：镭核（Ra）变成铅核铅核（Pb），质量数减少20，而每次衰变质量数减少4，故要经过5次衰变；经过5次衰变后，核电荷数应减少10，而实际减少数为4，故必须经过6次衰变．由于每次衰变损失2个中子和两个质子，每次衰变损失一个中子，故损失中子总数为：。

考点：原子核衰变及半衰期、衰变速度

【名师点睛】本题考查了原子核衰变过程中质量数和电荷数守恒的应用，和衰变衰变的实质，对于这一重点知识，要注意加强练习。

如图所示，有两本完全相同的书A、B，书重均为5 N，若将两本书等分成若干份后交叉地叠放在一起置于光滑桌面上，并将书A固定不动，用水平向右的力F把书B匀速抽出，现测得一组数据如下：

根据以上数据，试求：

17.若将书分成32份，力F应为多大？

18.该书的页数．

19.该书任意两张纸之间的动摩擦因数为多少？

【答案】

17.94.5 N.

18.64

19.0.3

【解析】(1)对表中数据分析可知：将书分成四份时，力F比前一次增加6 N，将书分成8份时，力F比前一次增加12 N，由此可知，每这样分一次，增加的力是上次增加的力的2倍，故将书分成32份，力F应比前一次增加48 N．故F＝46.5 N＋48 N＝94.5 N，所以将书分成32份，力F应为94.5 N.

(2)将书分成64份时，比分成32份时力F应增大96 N，故94.5 N＋96 N＝190.5 N，可知书的总页数应为64页．

(3)以分成2份为例，对书B列方程有：

F＝μ·＋μ·＋μ·＝μ·＝3μG

因为G＝5 N，所以μ＝＝＝0.3

20.（16分）2011春季我国西北地区还有强降雪，路面状况给行车带来了困难。雪天行车由于不可测因素太多，开车时慢行可以给自己留出更多的时间去判断，从而做出正确操作，又由于制动距离会随着车速提高而加大，所以控制车速和与前车保持较大安全距离是冰雪路面行车的关键。一般来说多大的行驶速度，就要相应保持多长的安全行驶距离，如每小时30千米的速度，就要保持30米长的距离。据查，交通部门要求某一平直路段冰雪天气的安全行车速度减为正常路面的三分之二，而安全行车距离则要求为正常状态的三分之五，若制动状态时车轮呈抱死状态，未发生侧滑和侧移，路面处处的摩擦因数相同，试计算冰雪路面与正常路面的动摩擦因数之比。

【答案】μ2︰μ1 = 4︰15

【解析】解：方法一：

设:正常路面的动摩擦因数为μ1,速度为v1,对应的安全行车距离为S1.冰雪路面的动摩擦因数为μ2,车速为v2, 对应的安全行车距离为S2.

则：由牛顿第二定律及运动学公式：

正常路面：μ1mg = ma1…… ①      (3分)

-v12 = -2a1S1…… ②    （3分）

冰雪路面: μ2mg = ma2…… ③     (3分)

-v22 = -2a2S2…… ④  （3分）

由题意知: v2 = 2v1/3 …… ⑤    (1分)

S2 = 5S1/3 …… ⑥    (1分)

联立以上解得: μ2︰μ1 = 4︰15       (2分)

方法二：

由动能定理：

正常路面： -μ1mgS1 =" -m" v12/2 …… ①    (6分)

正常路面： -μ2mgS2 =" -m" v22/2 …… ②    (6分)

由题意知: v2 = 2v1/3 …… ③  (1分)

S2 = 5S1/3 …… ④  (1分)

联立以上解得: μ2︰μ1 = 4︰15       (2分)

21.光滑水平地面上停放着甲、乙两辆相同的平板车，一根轻绳跨过乙车的定滑轮（不计定滑轮的质量和摩擦），绳的一端与甲车相连，另一端被甲车上的人拉在手中，已知每辆车和人的质量均为30kg，两车间的距离足够远。现在人用力拉绳，两车开始相向运动，人与甲车保持相对静止，当乙车的速度为0.5m/s时，停止拉绳。求：

（1）人在拉绳过程做了多少功？

（2）若人停止拉绳后，至少以多大速度立即从甲车跳到乙车才能使两车不发生碰撞？

【答案】（1）设甲、乙两车和人的质量分别为m甲、m乙和m人，停止拉绳时

甲车的速度为v甲，乙车的速度为v乙，由动量守恒定律得

（m甲+m人）v甲= m乙v乙 （2分）

求得： v甲=" 0.25m/s " ( 1分)

由功与能的关系可知，人拉绳过程做的功等于系统动能的增加量。 

W= （m甲+m人）v甲2 + m乙v乙2 ="5.625J" （2分）

（2）设人跳离甲车时人的速度为v人，人离开甲车前后由动量守恒定律得

word/media/image91.gif        （2分）

人跳到乙车时：word/media/image92.gif      （2分）

word/media/image93.gif

代入得：word/media/image94.gif       （1分）

当人跳离甲车的速度大于或等于0.5m/s时，两车才不会相撞。

（注：计算题其它解法正确均给分。）

【解析】略

22.如图所示，在倾角为θ = 30o 的光滑斜面的底端有一个固定挡板D，小物体C靠在挡板D上，小物体B与C用轻质弹簧拴接。当弹簧处于自然长度时，B在O点；当B静止时，B在M点，OM = l。在P点还有一小物体A，使A从静止开始下滑，A、B相碰后一起压缩弹簧。A第一次脱离B后最高能上升到N点，ON =" 1.5" l。B运动还会拉伸弹簧，使C物体刚好能脱离挡板D。A、B、C的质量都是m，重力加速度为g。求

（1）弹簧的劲度系数；

（2）弹簧第一次恢复到原长时B速度的大小；

（3）M、P之间的距离。

【答案】

【解析】略

23.如图所示，小木块在沿斜面向上的恒定外力F作用下，从A点由静止开始作匀加速运动，前进了0．45m抵达B点时，立即撤去外力．此后小木块又前进0．15m到达C点，速度为零．已知木块与斜面动摩擦因数μ=，木块质量m=1kg．求：

（1）木块向上经过B点时速度为多大？

（2）木块在AB段所受的外力多大？（ g=10m/s2）

【答案】（1）1.5m/s（2）10N

【解析】（1）撤去外力后，小木块做匀减速运动从B运动到C

加速度大小为：

所以有：

解得：

（2）设外加恒力为F，则刚开始从A运动到B的加速度为：

刚开始是做匀加速直线运动，故有：

解得：F=10N

点睛：此题是关于牛顿第二定律的综合应用问题；解题时要正确对物体受力分析，根据牛顿第二定律列出方程求得加速度；注意加速度是联系力和运动的桥梁.

24.研究光电效应的规律实验的原理图如图（a）所示，按图（a）所示的电路将图（b）中实物连线。

【答案】见解析

【解析】

试题分析: 实物图连线。

考点: 实验操作。

2018-2019年高中物理湖南高考真题试卷[32]含答案考点及解析