配套K12高考物理二轮复习 专题整合突破三 电场和磁场 第9讲 带电粒子在组合场、复合场中的运动效果
发布时间:2019-06-15 04:58:16
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带电粒子在组合场、复合场中的运动
1.[2015·辽宁五校联考]有一个带电荷量为+q、重力为G的小球,从两竖直的带电平行板上方h处自由落下,两极板间另有匀强磁场,磁感应强度为B,方向如图所示,则带电小球通过有电场和磁场的空间时,下列说法正确的是( )
A.一定做曲线运动
B.不可能做曲线运动
C.有可能做匀加速直线运动
D.有可能做匀速直线运动
答案 A
解析 带电小球在没有进入复合场前做自由落体运动,进入磁场后,受竖直向下的重力G=mg,水平向左的电场力F电场=qE与洛伦兹力F洛=qBv,重力与电场力大小和方向保持恒定,但因为速度大小会发生变化,所以洛伦兹力大小和方向会发生变化,所以一定会做曲线运动,A正确,B、C、D错误。
2.[2015·长春质监]如图所示,宽度为d、厚度为h的导体放在垂直于它的磁感应强度为B的匀强磁场中,当电流通过该导体时,在导体的上、下表面之间会产生电势差,这种现象称为霍尔效应。实验表明:当磁场不太强时,电势差U、电流I和磁感应强度B的关系为:U=K,式中的比例系数K称为霍尔系数。设载流子的电荷量为q,下列说法正确的是( )
A.载流子所受静电力的大小F=q
B.导体上表面的电势一定大于下表面的电势
C.霍尔系数为K=,其中n为导体单位长度上的电荷数
D.载流子所受洛伦兹力的大小F洛=,其中n为导体单位体积内的电荷数
答案 D
解析 导体中的电场强度E=,载流子所受电场力F=Eq=q,A项错;由左手定则可知,载流子受到的洛伦兹力向上,由于载流子的电性不确定,B项错;稳定时,电场力与洛伦兹力相等,即:qvB=q⇒U=Bhv,又电流的微观表达式:I=nqSv=nqhdv,解两式得:U=,式中n为单位体积内的电荷数,C项错;由F洛=Bqv=,D项正确。
3.[2015·烟台一模]将边长为3L的正方形区域分成相等的三部分,左右两侧为匀强磁场,中间区域为匀强电场,如图所示。左侧磁场的磁感应强度大小为B1=,方向垂直纸面向外;右侧磁场的磁感应强度大小为B2=,方向垂直于纸面向里;中间区域电场方向与正方形区域的上下边界平行。一质量为m、电荷量为+q的带电粒子从平行金属板的正极板开始由静止被加速,加速电压为U,加速后粒子从a点进入左侧磁场,又从距正方形上下边界等间距的b点沿与电场平行的方向进入电场,不计粒子重力,求:
(1)粒子经过平行金属板加速后的速度大小;
(2)粒子在左侧磁场区域内运动时的半径及运动时间;
(3)电场强度E的取值在什么范围内时粒子能从右侧磁场的上边缘cd间离开?
答案 (1) (2) (3)≤E≤
解析 (1)粒子在电场中运动时qU=mv2
解得v=
(2)粒子进入磁场B1后qvB1=
解得R1==
设粒子在磁场B1中转过的角度为α,由sinα=,解得
α=60°
周期T=
粒子在磁场B1中运动的时间为t=T=
(3)粒子在磁场B2中运动,在上边缘cd间离开的速度分别为vn与vm,与之相对应的半径分别为Rn与Rm。由分析知Rn=L,Rm=L
由牛顿第二定律qvnB2=
粒子在电场中qEnL=mv-mv2
解得En=
同理Em=
所以电场强度的范围为≤E≤
4.[2015·邯郸质检]如图,边长L=0.2 m的正方形abcd区域(含边界)内,存在着垂直于区域的横截面(纸面)向外的匀强磁场,磁感应强度B=5.0×10-2 T。带电平行金属板MN、PQ间形成了匀强电场E(不考虑金属板在其他区域形成的电场),MN放在ad边上,两板左端M、P恰在ab边上,两板右端N、Q间有一绝缘挡板EF。EF中间有一小孔O,金属板长度、板间距、挡板长度均为l=0.1 m。在M和P的中间位置有一离子源S,能够正对孔O不断发射出各种速率的带正电离子,离子的电荷量均为q=3.2×10-19 C,质量均为m=6.4×10-26 kg。不计离子的重力,忽略离子之间的相互作用及离子打到金属板或挡板上后的反弹。
(1)当电场强度E=1.0×104 N/C时,求能够沿SO连线穿过孔O的离子的速率。
(2)电场强度取值在一定范围时,可使沿SO连线穿过O并进入磁场区域的离子直接从bc边射出,求满足条件的电场强度的范围。
答案 (1)2.0×105 m/s (2)9.375×102 N/C<E<1.25×103 N/C
解析 (1)穿过孔O的离子在金属板间需满足
qv0B=Eq
代入数据得v0=2.0×105 m/s
(2)穿过孔O的离子在金属板间仍需满足
qvB=Eq
离子穿过孔O后在磁场中做匀速圆周运动,有
qvB=m
由以上两式得
E=
从bc边射出的离子,其临界轨迹如图①,对应轨迹半径最大,对应的电场强度最大,由几何关系可得
r1=l=0.1 m
由此可得
E1=1.25×103 N/C
从bc边射出的离子,轨迹半径最小时,其临界轨迹如图②,对应的电场强度最小,由几何关系可得
2r2+=L
所以r2=0.075 m
由此可得E2=9.375×102 N/C
所以满足条件的电场强度的范围为:
9.375×102 N/C<E<1.25×103 N/C
5.[2015·保定一模]如图所示,纸面内有边长为l的正方形区域A和宽为l、长为3l的长方形区域B。区域A内存在着水平向左、场强大小为E0的匀强电场。区域A左边界中点O处可不断供给初速度为零、带电量为q、质量为m的带负电的粒子,单位时间供给粒子数量为n。区域B内存在一个方向向下,场强大小与时间成正比的匀强电场(E=kt,当有粒子刚进入区域B时开始计时)。不计重力、空气阻力及粒子间的相互作用。由于粒子的速度很大,运动时间极短,粒子从进入区域B到最终离开区域B的过程中电场强度可认为不变。
求:(1)刚进入区域B时粒子速度是多大?
(2)从MN段边界射出的粒子数有多少?
(3)若在区域B上方添加范围足够大的垂直纸面向里的匀强磁场,可使从M点射出的粒子返回区域B并从距上边界的P点射出(进出磁场的时间也忽略不计)。求满足条件的磁场的磁感应强度的可能值?
答案 (1) (2) (3)4或
解析 (1)设速度大小为v,对粒子从出发至进入区域B的过程应用动能定理:
E0ql=mv2
解得v=
(2)设由N点射出时电场的场强大小为EN,粒子通过电场时间为ΔtN
水平方向 2l=vΔtN
竖直方向 =Δt EN=ktN
设由M点射出时电场的场强大小为EM,粒子通过电场时间为ΔtM
水平方向 l=vΔtM
竖直方向 =Δt EM=ktM
得MN射出粒子总数N=n(tM-tN)
联立得 N=
(3)设粒子经过M点时的速度大小为v′
由(2)知EM=2E0
qE0l+qEM=mv′2
求得v′=2
射出电场时速度方向与边界成θ角
v′cosθ=v
θ=45°
根据对称性和空间关系,粒子由磁场返回电场时与水平方向夹角也是θ=45°,在磁场中做四分之一圆周运动。
在磁场中qv′B=
水平方向 2l-r=vt
竖直方向 v′sinθ·t-t2=l
联立求得 t1= t2=
代入磁场方程得 B1=4
B2=
如图所示可能存在两种情况,