高中数学必修五第一章测试题
发布时间:2020-11-21 01:56:54
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时间:120分钟 满分:150分
一、选择题(本大题共12小题,每小题5分,共60分)
1.(2017·江西金溪一中月考)已知△ABC中,a=
A.45° B.90° C.130°或45° D.150°或30°
2.在△ABC中,B=
B.16π D.15π
3.(2017·黑龙江鸡西期末)已知锐角△ABC的面积为3
A.75° B.60° C.45° D.30°
4.在△ABC中,sin2A=sin2B+sinB·sinC+sin2C,则A等于( )
A.30° B.60° C.120° D.150°
5.在△ABC中,角A、B、C的对边分别是a、b、c,且a>b>c, a2<b2+c2,则∠A的取值范围是( )
6.(2017·阆中中学质检)设△ABC的内角A,B,C所对的边分别为a,b,c,如果bcosC+ccosB-asinA=0,那么△ABC的形状为( )
A.直角三角形 B.锐角三角形
C.钝角三角形 D.不确定
7.在△ABC中,内角A,B,C所对的边分别是a,b,c,已知8b=5c,C=2B,则cosC=( )
C.-
8.(2017·青海师范大学附属中学月考)在△ABC中,A=30°,B=60°,C=90°,那么三边之比a∶b∶c等于( )
A.1∶2∶3 B.3∶2∶1 C.1∶
9.在△ABC中,b=8, c=8
A.30° B.60° C.30°或150° D.60°或120°
10.(2017·莆田六中期末)如图,已知A,B两点分别在河的两岸,某测量者在点A所在的河岸边另选定一点C,测得AC=50 m,∠ACB=45°,∠CAB=105°,则A,B两点的距离为( )
A.50 m B.25 m C.25 m D.50 m
11.在锐角△ABC中,B=2A,则
A.(-2,2) B.(
,B两地相距200 m,且A地在B地的正东方.一人在A地测得建筑C在正北方,建筑D在北偏西60°;在B地测得建筑C在北偏东45°,建筑D在北偏西15°,则两建筑C和D之间的距离为( )
A.200 m B.100 m C.100 m D.100(
二、填空题(本大题共4小题,每小题5分,共20分)
13.设△ABC的内角A,B,C所对边的长分别为a,b,c.若b+c=2a,3sinA=5sinB,则角C=________.
14.(2017·唐山一中月考)在锐角△ABC中,角A,B,C的对边分别为a,b,c.若
15.三角形的一边长为14,这条边所对的角为60°,另两边之比为8∶5,则这个三角形的面积为________.
16.已知△ABC的面积为
三、解答题(本大题共6小题,共70分)
17.(10分)在四边形ABCD中,AD⊥CD,AD=5,AB=7,∠BDA=60°,∠CBD=15°,求BC的长.
18.(12分)(2017·贵州铜仁期中)设a,b,c分别是△ABC的三个内角A,B,C所对的边,S是△ABC的面积,已知a=4,b=5,S=5
(1)求角C;
(2)求c边的长度.
19.(12分)在△ABC中,角A,B,C所对的边分别是a,b,c,且
(1)求sin2
(2)若b=2,△ABC的面积为3,求a.
20.(12分)(2017·河北开滦一中期末)如图,△ACD是等边三角形,△ABC是等腰直角三角形,∠ACB=90°,BD交AC于E,AB=2.
(1)求cos∠CBE的值;
(2)求AE.
21.(12分)(2017·山西省朔州期末)在△ABC中,A,B,C所对的边分别为a,b,c,且a=4,cosA=
(1)求b; (2)求证:C=2A.
22.(12分)如图所示,一辆汽车从O点出发,沿海岸一条直线公路以100 km/h的速度向东匀速行驶,汽车开动时,在O点南偏东方向距O点500 km,且与海岸距离为300 km的海上M处有一快艇,与汽车同时发出,要把一件重要物品递送给这辆汽车的司机,问快艇至少必须以多大的速度行驶,才能把物品送到司机手中,并求快艇以最小速度行驶的行驶方向与OM所成的角.
答案与解析
1.A 由正弦定理
得sinA=
又a<b,∴A<B,∴A=45°.
2.A 由余弦定理得AC2=AB2+BC2-2AB·BCcosB=64+25-2×8×5×
由正弦定理得
3.B S△ABC=
∴
∴sinC=
又△ABC是锐角三角形,∴C=60°,故选B.
4.C 由正弦定理,得sinA=
又0°<∠A<180°,∴∠A=120°.故选C.
5.C 解法一:cosA=
∵a2<b2+c2, a>b>c, cosA<
∴∠A的范围为
解法二:∵a>b>c, ∴a为最长边,∠A>
又a2<b2+c2, ∴∠A<
6.A bcosC+ccosB-asinA=0,
∴sinBcosC+sinCcosB-sin2A=0.
∴sin(B+C)-sin2A=0.
∴sinA-sin2A=0,∴sinA=0(舍去)或sinA=1,
∴A=
7.A ∵C=2B,∴sinC=sin2B=2sinBcosB.又∵8b=5c,
∴cosC=cos2B=2cos2B-1=2×
8.C a∶b∶c=sinA∶sinB∶sinC=
9.C ∵S△ABC=
∴∠A=30°或150°,经检验均满足已知条件,故选C.
10.D ∠CBA=180°-∠ACB-∠CAB=180°-45°-105°=30°,
∴
11.D ∵B=2A,
∴
∵△ABC是锐角三角形,
∴
∴
∴
12.C 由题可知△BCA是等腰直角三角形,
∴AB=AC=200,BC=200
∠DBC=15°+45°=60°,
∵∠DAB=90°-60°=30°,
∴∠BDA=45°,∴
∴DB=
∴DC2=DB2+BC2-2DB·BC·cos60°
=(100
=6×1002,
∴DC=100
解析:由3sinA=5sinB,得3a=5b.
又b+c=2a,∴a=
在△ABC中,由余弦定理得cosC=
∴C=
14.4
解析:
∴3c2=2a2+2b2.
15.40
解析:设另两边分别为8t,5t(t>0),则由余弦定理得
142=(8t)2+(5t)2-2·8t·5t·cos60°,
∴t2=4, ∴t=2.
∴S△ABC=
16.3+
解析:由已知得
17.解:在△ABD中,由余弦定理得AB2=AD2+BD2-2AD·BDcos60°,又AD=5,AB=7,
∴BD2-5BD-24=0,解得BD=8.
在△BCD中,∠BDC=30°,∠BCD=135°,由正弦定理得BC=
18.解:(1)由题知S=5
由S=
5
解得sinC=
又C是△ABC的内角,所以C=
(2)当C=
当C=
16+25+2×4×5×
综上得,c边的长度是
19.解:(1)由已知得
∴sinA=
sin2
(2)由(1)知sinA=
∴c=5.又∵a2=b2+c2-2bccosA,
∴a2=4+25-2×2×5×
∴a=
20.解:(1)∵∠BCD=90°+60°=150°,CB=AC=CD,
∴∠CBE=15°,∴cos∠CBE=cos(45°-30°)=
(2)在△ABE中,AB=2,由正弦定理得
故AE=
21.解:(1)∵cosA=
可得sinA=
∴由正弦定理可得b=
(2)证明:∵由(1)可得a=4,cosA=
∴由余弦定理可得16=25+c2-2×b×c×
整理可得2c2-15c+18=0,
∴解得c=6或
∴由正弦定理可得sinC=
又∵sin2A=2sinAcosA=2×
∴可得sinC=sin2A,
∵C∈(0,π),2A∈(0,π),
∴C=2A,或C+2A=π(A≠B故舍去).
∴C=2A,得证.
22.解:如图,设快艇从M处以v km/h的速度出发,沿MN方向航行,t小时后与汽车相遇.
在△MON中,MO=500,
ON=100t, MN=vt.
设∠MON=α.由题意知sinα=
由余弦定理知
MN2=OM2+ON2-2OM·ON·cosα,
即v2t2=5002+1002t2-2×500×100t·
v2=5002·
=
当
MQ是M到ON的距离,且MQ=300,设∠MNO=β,
∴sinβ=
∴α+β=90°, ∴MN与OM成直角.
∴快艇至少必须以60 km/h的速度行驶,才能把物品送到司机手中,其行驶方向与OM成直角.…