磁场-洛伦兹力基础计算
发布时间:2020-11-19 14:35:58
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磁场---洛伦兹力基础计算
1、(12分)下左图中MN表示真空室中垂直于纸面的平板,它的一侧有匀强磁场,磁场方向垂直于纸面向里,磁感应强度大小为B。一带电粒子从平板上的狭缝O处以垂直于平板的初速v射入磁场区域,最后到达平板上的P点。已知B、v以及P到O的距离l,不计重力,求此粒子的电荷q与质量m之比。
2、如图所示,一束电子流以速率v通过一个处于矩形空间的大小为B的匀强磁场,速度方向与磁感线垂直.且平行于矩形空间的其中一边,矩形空间边长为a和a电子刚好从矩形的相对的两个顶点间通过,求:
(1)电子在磁场中的飞行时间?
(2)电子的荷质比q/m.
3、如图所示,一个电子(电量为e)以速度v垂直射入磁感应强度为B、宽度为d的匀强磁场中,穿出磁场时的速度方向与原来入射方向的夹角是30°,试计算:
(1)电子的质量m。(2)电子穿过磁场的时间t。
4、一宽为L的匀强磁场区域,磁感应强度为B,如图所示,一质量为m、电荷量为-q的粒子以某一速度(方向如图所示)射入磁场。若不使粒子从右边界飞出,则其最大速度应为多大?(不计粒子重力)
5、(12分)一个质量为m电荷量为q的带电粒子从x轴上的P(a,0)点以速度v,沿与x正方向成60°的方向射入第一象限内的匀强磁场中,并恰好垂直于y轴射出第一象限,不计重力。
求:(1) 粒子做圆周运动的半径
(2)匀强磁场的磁感应强度B
6、如图所示,在xoy平面内有垂直坐标平面的范围足够大的匀强磁场,磁感强度为B,一带正电荷量Q的粒子,质量为m,从O点以某一初速度垂直射入磁场,其轨迹与x、y轴的交点A、B到O点的距离分别为a、b,试求:
(1)初速度方向与x轴夹角θ.
(2)初速度的大小.
7、一电子(e,m)以速度v0与x轴成30°角垂直射入磁感强度为B的匀强磁场中,经一段时间后,打在x轴上的P点,如图所示,则P点到O点的距离为多少?电子由O点运动到P点所用的时间为多少?
8、如图所示,在x轴上方存在着垂直于纸面向里、磁感应强度为B的匀强磁场。一个不计重力的带电粒子从坐标原点O处以速度v进入磁场,粒子进入磁场时的速度方向垂直于磁场且与x轴正方向成120°角,若粒子穿过y轴正半轴后在磁场中到x轴的最大距离为a。求:
(1)该带电粒子的电性;
(2)该带电粒子的比荷。
9、长为l的水平极板间,有垂直纸面向里的匀强磁场,如图3-6-30所示,磁感应强度为B,板间距离也为l,板不带电,现有质量为m、电荷量为q的正电粒子(不计重力),从左边极板间中点处垂直磁感线以速度v 水平射入磁场,欲使粒子不打在极板上,求速度v的大小应满足的条件.
10、如图所示,边长为L的正方形PQMN(含边界)区域内有垂直纸面向外的匀强磁场,左侧有水平向右的匀强电场,场强大小为E,质量为m,电量为q的带正电粒子(不计重力)从O点由静止释放,O、P、Q三点在同一水平线上,OP=L,带电粒子恰好从M点离开磁场,求:
(1)磁感应强度B的大小。
(2)粒子从O点到M点经历的时间。
11、如图所示,在轴的上方(的空间内)存在着垂直于纸面向里、磁感应强度大小为的匀强磁场。一个不计重力的带正电粒子,从坐标原点O处以速度进入磁场,粒子进入磁场时的速度方向垂直于磁场且与轴正方向的夹角,若粒子的质量为,电荷量为,试求该粒子:
(1)在磁场中作圆周运动的轨道半径;
(2)在磁场中运动的时间。
12、如图所示,一带电微粒质量为m=2.0×10-11kg、电荷量q=+1.0×10-5C,从静止开始经电压为U1=100V的电场加速后,水平进入两平行金属板间的偏转电场中,微粒射出电场时的偏转角θ=30º,并接着进入一个方向垂直纸面向里、宽度为D=34.6cm的匀强磁场区域。已知偏转电场中金属板长L=20cm,两板间距d=17.3cm,重力忽略不计.求:
(1)带电微粒进入偏转电场时的速率v1?
(2)偏转电场中两金属板间的电压U2?
(3)为使带电微粒不会由磁场右边射出,该匀强磁场的磁感应强度B至少多大?
参考答案
一、计算题
1、设半径为R,则由洛伦兹力公式和牛顿第二定律,有
因粒子从平板上的狭缝O处垂直射入磁场,
故OP是圆周直径
得
2、解:(1)画出运动轨迹,如图所示
由几何关系:R=2a;
1、设圆心角为θ
sinθ= θ=
故时间为:t==
2、洛伦兹力提供向心力,有evB=m
解得:=
答:1、电子在磁场中的飞行时间为.
2、电子的荷质比为.
3、 (1)电子在匀强磁场中做匀速圆周运动,轨迹如图所示。
由洛仑兹力提供向心力,则有:
qvB=mv²/R…………2分
由图中几何关系得:
Rsin30°=d………2分
解得电子的质量
m=2edB/v…………2分
(2)电子做匀速圆周运动的周期为
T=2πR/v…………2分
则穿出磁场的时间为
t=T/12=πd/3v…………2分
4、要使粒子不从右边界飞出,则当速度达到最大时运动轨迹应与磁场右边界相切,由几何知识可知半径r满足
r+rcosθ=L
解得r=
由于粒子做圆周运动的向心力由洛伦兹力提供,故有
Bqv=
解得v==
5、解:由射入、射出点的半径可找到圆心O/,
(1)据几何关系有--6分
(2)据洛仑兹力提供向心力
--6分
6、解:带电粒子运动的轨迹经过O、A、B三点,由几何关系可知,粒子做圆周运动轨迹的圆心坐标为(-a/2,b/2),初速度方向与x轴夹角
θ=arctg(a/b)
由几何关系可知,轨道半径:R=
又由:QVB=mV2/R,
解得:V=
7、;
【解析】
试题分析:带电粒子在磁场中偏转,其轨迹如图,
根据洛伦兹力提供向心力则有,即 ,从图像可知圆心角为60°,即
PO=r。即
,所以
考点:带电粒子在磁场中的偏转
点评:此类题型考察了带电粒子在磁场中的偏转问题,其关键问题在于确定粒子的轨迹。
8、(1)据题意,粒子的运动轨迹如图所示。
据左手定则知粒子带负电荷 (3分)
(2)由几何关系: (4分)
洛伦兹力提供向心力:(3分)
则粒子的比荷为:(2分)
9、解析:依题意粒子打在板上的临界状态如图,由图可以看出当半径r<r1或r>r2时粒子不能打在板上.
由几何关系有
r1=l,
r=l2+,故r2=l.
根据r=,则v1==,v2==.
那么欲使粒子不打在极板上,可使粒子速度
v<或v>.
10、【解析】(1)设粒子运动到P点时速度大小为v,由动能定理得:qEL=mv2
①(2分)
粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动,半径r=L ②(1分)
qvB=m ③(2分)
由①②③得:B= (2分)
(2)设粒子在匀强电场中运动时间为t1,
由牛顿第二定律及匀变速直线运动规律得:
Eq=ma ④(2分)
L=a ⑤(2分)
由④⑤式得:t1= (1分)
粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动的周期T=,运动时间为t2=T
解得:t2= (2分)
粒子从O点运动到M点经历的时间
t=t1+t2= (2分)
答案:(1) (2)
11、解:(1)根据洛伦兹力公式和牛顿第二定律,有(2分)
解得(2分)
(2)设粒子在磁场中作匀速圆周运动的周期为,则(2分)
根据运动轨迹分析可知,(2分),联立解得(2分)
12、 (1) 带电微粒经加速电场加速后速度为v,根据动能定理
=1.0×104m/s (4分)
(2) 带电微粒在偏转电场中只受电场力作用,做类平抛运动。在水平方向微粒做匀速直线运动.水平方向: (1分)
带电微粒在竖直方向做匀加速直线运动,加速度为a,出电场时竖直方向速度为v2 .竖直方向:
(1分)
由几何关系 (1分)
得U2 =100V
(3) 带电微粒进入磁场做匀速圆周运动,洛伦兹力提供向心力,设微粒轨道半径为R, 由几何关系知 (2分)
设微粒进入磁场时的速度为 (2分)
由牛顿运动定律及运动学规律得:
=0.1T (1分)
若带电粒子不射出磁场,磁感应强度B至少为0.1T。
.