广东省东莞市东莞高级中学2019-2020学年高考全国统考预测密卷物理试卷

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、如图所示，物体m与斜面体M一起静止在水平面上。若将斜面的倾角θ稍微增大一些，且物体m仍静止在斜面上，则

A．斜面体对物体的支持力不变

B．斜面体对物体的摩擦力变大

C．水平面与斜面体间的摩擦力变大

D．水平面与斜面体间的摩擦力变小

2、2017年11月5日，我国用长征火箭成功发射了两颗北斗三号组网卫星(如图所示)，开启了北斗卫星导航系统全球组网的新时代。下列关于火箭在竖直方向加速起飞阶段的说法，正确的是（ ）

A．火箭只受到重力和空气阻力的作用

B．火箭喷出的热气流对火箭的作用力与火箭对热气流的作用力大小相等

C．火箭处于失重状态

D．保温泡沫塑料从箭壳上自行脱落后，相对地面由静止下落

3、如图所示，条形磁铁放在水平粗糙桌面上，它的右端上方固定一根与条形磁误垂直的长直导线。当导线中没有电流通过时，磁铁受到的支持力为9d5ed678fe57bcca610140957afab571.png，受到的摩擦力为7fc56270e7a70fa81a5935b72eacbe29.png。当导线中通以如图所示方向的电流时，下列说法正确的是（　　）

A．9d5ed678fe57bcca610140957afab571.png减小，7fc56270e7a70fa81a5935b72eacbe29.png水平向左 B．79c097b4b195e542236cec292e2ff74a.png增大，9d5ed678fe57bcca610140957afab571.png水平向右

C．9859011cc78b3687689e719ce0d111a5.png减小，7fc56270e7a70fa81a5935b72eacbe29.png为零 D．9d5ed678fe57bcca610140957afab571.png增大，7fc56270e7a70fa81a5935b72eacbe29.png为零

4、1933年至1934年间科学家用α粒子轰击铝箔时，发生的核反应方程为e9f64548ac53a0818828da3085e7f850.png，反应生成物62380566188c7affad888f38cdcd56b0.png可以像天然放射性元素一样发生衰变，核反应方程为a291819b6272eb5a8a61fe23f79da5c8.png。其中ν为中微子，d1244ad718e6e002fb7f01e3c80511f3.png为正电子。则下列说法正确的是（　　）

A．当温度、压强等条件变化时，放射性元素b5288a36bc87e900f8337a849a0cea25.png的半衰期随之变化

B．中微子的质量数A＝0，电荷数Z＝2

C．正电子产生的原因可能是核外电子转变成的

D．两个质子和两个中子结合成一个α粒子，则两个质子与两个中子的质量之和大于α粒子的质量

5、根据玻尔原子理论，氢原子中的电子绕原子核做圆周运动与人造卫星绕地球做圆周运动比较，下列说法中正确的是（　　）

A．电子可以在大于基态轨道半径的任意轨道上运动，人造卫星只能在大于地球半径的某些特定轨道上运动

B．轨道半径越大，线速度都越小，线速度与轨道半径的平方根成反比

C．轨道半径越大，周期都越大，周期都与轨道半径成正比

D．轨道半径越大，动能都越小，动能都与轨道半径的平方成反比

6、某气体星球的半径为e1e1d3d40573127e9ee0480caf1283d6.png，距离星球中心149e2d0a34006684e8f8e1ebd827f681.png处的44c29edb103a2872f519ad0c9a0fdaaa.png点的重力加速度为b2f5ff47436671b6e533d8dc3614845d.png。若该星球的体积在均匀膨胀，膨胀过程中星球质量不变，且密度均匀。当星球半径膨胀为0812ad2502ab5bcad73e7eacef1c0b8d.png时，44c29edb103a2872f519ad0c9a0fdaaa.png点的重力加速度为52972d22ebca5c7eba76286b5e8d337d.png。已知质量分布均匀的球壳对球壳内物体的引力为零。则8a826f776103126e610a820a56d5e102.png与5b8fcc82ae23607004554cfe08dde666.png的比值为（　　）

A．5dbc98dcc983a70728bd082d1a47546e.png B．1 C．3a3ea00cfc35332cedf6e5e9a32e94da.png D．e1e1d3d40573127e9ee0480caf1283d6.png

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、如图所示，一个小型旋转式交流发电机，其矩形线圈的面积为S，共有n匝，总电阻为r，外电路上接有一个阻值为R的定值电阻和一个理想交流电流表A．线圈以角速度45bf03a575f6e81359314e906fb2bff3.png在磁感应强度为B的匀强磁场中绕与磁场方向垂直的对称轴37f33d74a7e5a586b85e3a8fb9319de3.png匀速运动，图中线圈平面平行于磁场方向，由此位置开始计时，下列说法正确的是（ ）

A．发电机所产生电动势的最大值为b33a018295105972c39540e7c677313c.png

B．从初始位置开始，在四分之一个周期内通过e1e1d3d40573127e9ee0480caf1283d6.png的电荷量为b14377c2c47fc8bff0bc1e0affb2bc3d.png

C．R两端电压的有效值a4ff63ae44dbe25db2146ff3125bfbf6.png

D．交流电流表的示数一直在变化

8、如图所示，两根质量均为m的金属棒垂直地放在光滑的水平导轨上，左、右两部分导轨间距之比为1∶2，导轨间左、右两部分有大小相等、方向相反的匀强磁场，两棒电阻与棒长成正比，不计导轨电阻，现用水平恒力F向右拉CD棒，在CD棒向右运动距离为s的过程中，AB棒上产生的焦耳热为Q，此时AB棒和CD棒的速度大小均为v，此时立即撤去拉力F，设导轨足够长且两棒始终在不同磁场中运动，则下列说法正确的是（　　）

A．v的大小等于1139a36bf5f31157fe5caf61242d3f00.png

B．撤去拉力F后，AB棒的最终速度大小为0c4209a8faecbcee233e5df1e1751e24.pngv，方向向右

C．撤去拉力F后，CD棒的最终速度大小为463e10b4289d71d8f76004d317ee77b5.pngv，方向向右

D．撤去拉力F后，整个回路产生的焦耳热为7fc56270e7a70fa81a5935b72eacbe29.pngmv2

9、如图所示，A、B两物块的质量分别为2m和m,静止叠放在水平地面上.A、B间以及B与地面间的动摩擦因数都为μ，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g,现对A施加一水平拉力F,则( )

A．当dc348020d852ed2b9202dd19152b9ecd.png时， A的加速度为a5a4609cf9020d6ea322ef9abdd19068.png

B．当0f1c792f302a54c5ac4dc66406b9a9ac.png时， A、B都相对地面静止

C．无论F大小为何值，B都不动

D．当c35ad75a293b28d379bbae3b83d3f0fc.png时， B才可以开始滑动

10、在《流浪地球》的“新太阳时代”，流浪2500年的地球终于定居，开始围绕比邻星做匀速圆周运动，己知比邻星的质量约为太阳质量的0f1af1f75945c10f599368811e2d8a64.png，目前地球做匀速圆周运动的公转周期为1y，日地距离为1AU（AU为天文单位）。若“新太阳时代"地球的公转周期也为1y，可知“新太阳时代”（ ）

A．地球的公转轨道半径约为93b05c90d14a117ba52da1d743a43ab1.pngAU

B．地球的公转轨道半径约为0f1af1f75945c10f599368811e2d8a64.pngAU

C．地球的公转速率与目前地球绕太阳公转速率的比值为1∶2

D．地球的公转速率与目前地球绕太阳公转速率的比值为1∶4

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11．（6分）某同学设计了如下实验装置，用来测定小滑块与桌面间的动摩擦因数。如图甲所示，水平桌面上有一滑槽，其末端与桌面相切，桌面与地面的高度差为2510c39011c5be704182423e3a695e91.png。让小滑块从滑槽的最高点由静止滑下，滑到桌面上后再滑行一段距离d20caec3b48a1eef164cb4ca81ba2587.png，随后离开桌面做平抛运动，落在水面地面上的44c29edb103a2872f519ad0c9a0fdaaa.png点，记下平抛的水平位移9dd4e461268c8034f5c8564e155c67a6.png。平移滑槽的位置后固定，多次改变距离d20caec3b48a1eef164cb4ca81ba2587.png，每次让滑块从滑槽上同一高度释放，得到不同的水平位移9dd4e461268c8034f5c8564e155c67a6.png。作出66409fd43a93c5f172a4e736b6a0d93e.png图像，即可根据图像信息得到滑块与桌面间的动摩擦因数f457d5fbbec5d95c1fc1dca2d760e3ee.png（重力加速度为g）

(1)每次让滑块从滑槽上同一高度释放，是为了____________

(2)若小滑块离开桌面时的速度为v，随着L增大v将会_____（选填增大、不变或减小）

(3)若已知d64c50e87ce1f3e771536f8309f1efc2.png图像的斜率绝对值为4b6166a75cee6f62c6b25e6b6296f589.png，如图乙所示，则滑块与桌面间的动摩擦因数7db9c231a971ad560dd2d324d517485f.png____（用本题中提供的物理量符号表示）

12．（12分）用图甲所示装置探究动能定理。有下列器材：A．电火花打点计时器；B．220V交流电源；C．纸带；D．细线、小车、砝码和砝码盘；E.一端带滑轮的长木板、小垫木；F.刻度尺。

甲 乙

(1)实验中还需要的实验器材为________。

(2)按正确的实验操作，实验中得到一条点迹清晰的纸带如图乙，图中数据xA、xB和xAB已测出，交流电频率为f，小车质量为M，砝码和砝码盘的质量为m，以小车、砝码和砝码盘组成系统为研究对象，从A到B过程中，合力做功为________，动能变化量为________，比较二者大小关系，可探究动能定理。

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。

13．（10分）一定质量的理想气体经历如图所示的AB、BC、CA三个变化过程，若B→C过程中气体做功数值约是C→A过程中气体做功数值的1.6倍，气体在状态B时压强为4.5×105Pa，求：

(i)气体在状态A和C的压强。

(ii)整个过程中气体与外界交换的热量。

14．（16分）如图所示，一金属箱固定在倾角为0e9681cc193555eb4f1ab6c431f9dd49.png的足够长固定斜面上，金属箱底面厚度不计，箱长l1=4.5m，质量m1=8kg。金属箱上端侧壁A打开，距斜面顶端l2=5m。现将质量m2=1kg的物块(可视为质点)由斜面顶端自由释放，沿斜面进入金属箱，物块进入金属箱时没有能量损失，最后与金属箱下端侧壁B发生弹性碰撞。碰撞的同时上端侧壁A下落锁定并释放金属箱。已知物块与斜面间的动摩擦因数μ1=0.3，与金属箱内表面间的动摩擦因数μ2=0.125，金属箱与斜面间的动摩擦因数μ3=e358efa489f58062f10dd7316b65649e.png，重力加速度g取10m/s 2，sin289701feb5b20bbd946b742a0c31d306.png=0.6，cosa9315773c49b3cf84b14e96b4f703359.png=0.8，求：

(1)物块与金属箱下端侧壁B相碰前瞬间的速度；

(2)物块与金属箱侧壁第二次相碰前物块的速度。(结果保留2位小数)

15．（12分）如图所示，在直角坐标系xOy的第一象限内存在匀强磁场，磁场方向垂直于xOy面向里，第四象限内存在沿y轴正方向的匀强电场，电场强度大小为E，磁场与电场图中均未画出。一质量为m、带电荷量为+q的粒子自y轴的P点沿x轴正方向射入第四象限，经x轴上的Q点进入第一象限。已知P点坐标为（0，-l），Q点坐标为（2l，0），不计粒子重力。

(1)求粒子经过Q点时速度的大小和方向；

(2)若粒子在第一象限的磁场中运动一段时间后以垂直y轴的方向进入第二象限，求磁感应强度B的大小。

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、B

【解析】

【详解】

A、物体m静止不动，受力平衡．可对物体受力分析，正交分解重力G得：

斜面体对物体的支持力N=mgcos7943b5fdf911af3ffcf9d8f738478e8a.png

斜面体对物体的摩擦力f=mgsin7943b5fdf911af3ffcf9d8f738478e8a.png

比较可知7943b5fdf911af3ffcf9d8f738478e8a.png稍微增大一些，N变小，f变大，故A错误、B正确．

C、对于水平面对斜面的力，最好采用整体法，对m和M整体进行受力分析：

整体受重力和水平面的支持力，因为整体处于静止也就是平衡状态，所以地面对斜面体的摩擦力始终为零，水平面对斜面体间的支持力不变．故C错误、D错误．

故选：B．

2、B

【解析】

【详解】

A．火箭受到重力和空气阻力以及内部燃料喷出时的作用力，故A错误；

B．火箭喷出的热气流对火箭的作用力与火箭对热气流的作用力为作用力和反作用力，二者大小相等，故B正确；

C．火箭加速向上，故处于超重状态，故C错误；

D．保温泡沫塑料从箭壳上自行脱落后，由于具有向上的速度，故做竖直上抛运动，故D错误。

故选B。

3、B

【解析】

【分析】

【详解】

以导线为研究对象，由左手定则判断可知导线所受安培力方向斜向右上方，根据牛顿第三定律可知，导线对磁铁的反作用力方向斜向左下方，磁铁有向左运动的趋势，受到桌面水平向右的摩擦力；同时磁铁对桌面的压力增大，桌面对磁铁的支持力也将增大。

故选B。

4、D

【解析】

【分析】

【详解】

A．原子核的衰变是由原子核内部因素决定的，与外界环境无关，因此半衰期不发生变化；故A错误；

B．根据质量数守恒可得中微子的质量数

A=30−30=0

电荷数

Z=15−14−1=0

可知中微子的质量数A=0，电荷数Z=0，故B错误；

C．根据该衰变的本质可知，正电子是由于质子衰变产生的，故C错误；

D．两个质子和两个中子结合成一个α粒子的过程中释放核能，根据质能方程可知质子与中子的质量之和一定大于α粒子的质量，故D正确。

故选D。

5、B

【解析】

【详解】

A.人造卫星的轨道可以是连续的，电子的轨道是不连续的；故A错误.

B.人造地球卫星绕地球做圆周运动需要的向心力由万有引力提供，

cbb06dfef583eda8aaf7b1073558d3b1.png＝0723efc94832b042a554b76988814c3e.png＝19e3ecbcde5681af820b8ac01d64964f.png ①

可得：de3cf3bf1373feb14f72d8e855c3b5b5.png

玻尔氢原子模型中电子绕原子核做圆周运动需要的向心力由库仑力提供，

F＝2be9cb8063aaf2e082acddd1cc3a253b.png＝14d72c1344a4bd8e3a0fe11ec6385ca7.png＝bcb5231d0da9569d45a2863de9fcd70e.png ②

可得：7943b5fdf911af3ffcf9d8f738478e8a.png，可知都是轨道半径越大，线速度都越小，线速度与轨道半径的平方根成反比；故B正确.

C.由①可得：3e8f7b0adf6d7024b951f29a18225e4a.png；由②可得：7363212f8e5a9d7ace25c6991a33c6fe.png，可知，都是轨道半径越大，周期都越大，周期都与轨道半径的7943b5fdf911af3ffcf9d8f738478e8a.png次方成正比；故C错误.

D.由①可得：卫星的动能：

Ek＝7363212f8e5a9d7ace25c6991a33c6fe.png；

由②可得电子的动能：974cb705b0c744f1855953c1086337df.png，可知都是轨道半径越大，动能都越小，动能都与轨道半径成反比；故D错误.

6、D

【解析】

【详解】

设9e9ec10a6293b7065319911458692ef5.png点放置质量为d935739c38e96e79b11289689e716747.png的物体，则有

c76fced77c65ef66f263dd50f493db30.png

解得

8a826f776103126e610a820a56d5e102.png①

如图所示，星球膨胀后质量不变，有

9e9ec10a6293b7065319911458692ef5.png

d935739c38e96e79b11289689e716747.png点以下球体质量为

9e9ec10a6293b7065319911458692ef5.png

解得

d935739c38e96e79b11289689e716747.png

结合①式得

6a403a7b7b60a24c9e243840b5f8ddac.png

则

c76fced77c65ef66f263dd50f493db30.png

所以D正确，ABC错误。

故选D。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、AC

【解析】

【详解】

A．在初始位置线圈产生的电动势最大，且

27db7abf61f976c79ea00c576075cc6a.png

故A正确；

B．从初始位置开始，在四分之一个周期内通过R的电荷量为

fe9b9eac752387edcdc6b704abea379a.png

故B错误；

C．电动势的有效值为

bca90b6b9d704a0370e0d4a4bfc0d810.png

电阻R两端电压的有效值为

857ca7fcf2a1a7eb479c98cd80e98f76.png

故C正确；

D．交流电流表测的是有效值，其示数不会变化，故D错误。

故选：AC。

8、AC

【解析】

【详解】

A．两棒的长度之比为1：2，所以电阻之比为1：2，由于电路在任何时刻电流均相等，根据焦耳定律：Q=I2Rt，所以CD棒的焦耳热为2Q，在CD棒向右运动距离为s的过程中，根据功能关系有

9d5ed678fe57bcca610140957afab571.png

解得

92cc336a9f163d4c6870d8e016934cfb.png

故A正确；
BC．令AB棒的长度为l，则CD棒长为2l，撤去拉力F后，AB棒继续向左加速运动，而CD棒向右开始减速运动，两棒最终匀速运动时，电路中电流为零，两棒切割磁感线产生的感应电动势大小相等，此时两棒的速度满足

BlvAB′=B⋅2lvCD′

即

vAB′=2vCD′

对两棒分别应用动量定理，有

FABt=mvAB′-mv

-FCDt=mvCD′-mv

因为

FCD=2FAB

所以

vAB′＝f623e75af30e62bbd73d6df5b50bb7b5.pngv

vCD′＝463e10b4289d71d8f76004d317ee77b5.pngv

故B错误，C正确；

D．撤去外力F到最终稳定运动过程根据能量守恒定律

1c2c4e9b781e7465408842530cf5bbcf.png

故D错误。

故选AC。

9、BC

【解析】

【详解】

A.当F=2.5μmg时，由牛顿第二定律有：

F-2μmg=2ma，

解得：

a=0.25μg，

故A错误；

B.因物体A、B之间的最大静摩擦力为：

fmax=μmAg=2μmg

B与地面间的最大静摩擦力为：

f′max=μ（mA+mB）g=3μmg，

则当 F＜2μmg时，A和B都不会运动，故B正确；

CD.物体A、B之间的最大静摩擦力为2μmg，B与地面间的最大静摩擦力为3μmg，所以无论拉力多大B都不会发生滑动，故D错误、C正确．

10、AC

【解析】

【详解】

AB．根据万有引力提供向心力可知：

1edd3fbe298ed5261d9c1c1a8af4545a.png

解得公转半径为：

a8fd37694a44f4b4aa95199e711c8975.png

比邻星质量约为太阳质量0f1af1f75945c10f599368811e2d8a64.png，公转周期相同，则“新太阳时代”，地球的公转轨道半径约为93b05c90d14a117ba52da1d743a43ab1.pngAU，A正确，B错误；

CD．根据

dd9fe2862db5003d583fbbbb173960a7.png

解得公转速率

93b05c90d14a117ba52da1d743a43ab1.png

比邻星质量约为太阳质量93b05c90d14a117ba52da1d743a43ab1.png，公转半径之比为1：2，则公转速率之比为1：2，C正确，D错误。

故选AC。

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、保证滑块到达滑槽末端的速度相同 减小 d0be3e50e9d2e849b531855e3f39ba9e.png

【解析】

【详解】

(1)[1]每次让滑块从滑槽上同一高度释放，是为了保证到达斜面体底端的速度相同；

(2)[2]滑块离开滑槽后，受到摩擦力作用，做匀减速直线运动，设离开滑槽的速度为v0，根据运动学公式可知

277cffe294380a190d41b5ce36fd2b70.png

随着L增大，v将会减小；

(3)[3]滑块从桌边做平抛运动，则有

e08ace0bc50ee07b7621c56e23acfbdf.png

且有

fa10b75318b07e8943efbdfdb71468f3.png

联立解得

e79793914034548c9e5cba4c84c94a5a.png

若x2－L图像的斜率绝对值为k，则有

2111b4f2faa5d2d084d4014ab417aa36.png

得

8d55f0048c37acf41ecb7c4156c217f3.png

12、天平 mgxAB 32fe614acea2397c84650a5b4a3d4716.png

【解析】

【分析】

【详解】

(1)[1]因为需要测量小车以及砝码和砝码盘的质量，所以实验中还需要的实验器材为天平。

(2)[2]以小车、砝码和砝码盘组成系统为研究对象，平衡摩擦力后，系统所受合外力做的功为

a56ae543c132b0bd73fea94f1c20f841.png

[3]匀变速直线运动的某段时间内，中间时刻速度等于平均速度

56a9fcf608e9b087b58b8875d3eb1ebb.png

a53c71e33c3e10aa6c3cc5d1e8c879a8.png

其动能变化量为

6ecc4410479b6580d1a1352e48164b44.png

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。

13、（i）25d307a132f90d64d36431aee3030dcc.png；25d307a132f90d64d36431aee3030dcc.png（ii）吸收热量；180J

【解析】

【详解】

(i)由图可知，气体从状态A到状态B为等容变化过程，由查理定律有d77146697380ffa4696e5c2fa2c81b19.png，解得

654693c41bc79e37c2895a903bbda13c.png

由图可知，气体从状态B到状态C为等温变化过程，由玻意耳定律有4d82a9c9a2d8dcd32043a848e0e912c8.png，解得

8fe41251d4f65b8f358fdf73541866ac.png

(ii)由状态B经状态C回到状态A，设外界对气体做的总功为W，从状态C到状态A，为等压变化，外界对气体做功为

7d8e733b39b08e020f4c315e68a07ecd.png

B→C过程中气体做功的大小约是C→A过程中气体做功的大小的1.6倍，则B→C过程中外界对气体做功为

14ba4e221069c7cb276ef019e2dfe777.png

从状态A到状态B，由图线知为等容过程，外界对气体不做功，所以整个过程中外界对气体做功为

f281a8035aac6f85967de8cd9ab7e8c4.png

整个过程中气体内能增加量为△U=0，设气体从外界吸收的热量为Q，由热力学第一定律△U=Q+W，解得

Q=180J

即气体从外界吸收的热量是180J。

14、 (1)93b05c90d14a117ba52da1d743a43ab1.png；(2)bd8eacd6ef8c460fea72f998c06d4e7e.png，方向斜面向上

【解析】

【分析】

【详解】

(1)物块沿斜面下滑，设加速度为6ca8c824c79dbb80005f071431350618.png，末速度为175fb02dc71571bb97cf42967a26105c.png，由牛顿第二定律得

d5a5e9a3c8fa08c8d5c604db86226e20.png

由运动学规律可得

74082b2534107bdd99b5f730c6fd0fa0.png

物块进入金属箱后，设加速度为0f768ac5d5dea8d93716a27da05871de.png，末速度为43078bbe67ed8d55801deec58a70f40b.png，由牛顿第二定律得

aee8b5611d0775af4a771d56826a9f47.png

由运动学规律可得

e7fe0f23cb390a70c5929ce3a5bdccbf.png

解得

0312d119c586a1aacaab78ee32c4d9a4.png

(2)物块与金属箱侧壁发生弹性碰撞，设碰后物块与金属箱的速度分别为v3和v4，由动量守恒定律及能量守恒可得

b663f14232c0ccdd8786796674c0bc8b.png

7d0451c071361ceae6afaee9b64b4ce5.png

物块与金属箱侧壁发生弹性碰撞后，物块沿金属箱底面向上滑行，设加速度为a3，金属箱向下运动的加速度为a4，由牛顿第二定律可得

ee0f3c9a13b2dd1c237f1749f920f81e.png

dc348020d852ed2b9202dd19152b9ecd.png

物块减速运动为0时，有a5a4609cf9020d6ea322ef9abdd19068.png，得

0f1c792f302a54c5ac4dc66406b9a9ac.png

1s内物块和金属位移之和

c35ad75a293b28d379bbae3b83d3f0fc.png

说明物块第二次与金属箱碰撞为侧壁A，设物块上滑的位移为x1，金属箱下滑的位移为x2，第一次与第二次碰撞的时间间隔为t2，由运动学规律可得

7214b53e30588a0d1713e014efa4004f.png

61aaf546edf2b9c6889ecf3ae904e712.png

4cc88b384632ac286b0dc5b4dc0e7f42.png

设第二次碰撞前物块的速度为v5，由运动学规律可得

949d15509cadb9cb238ed33d68d829b5.png

解得

e6619f2974e306360e6e39a223254e0a.png

方向沿斜面向上

15、（1）d0bf8a293c05540d711ba0c0c95f355d.png，速度方向与水平方向的夹角为45°；（2）2cc5ceec3b7c423c84a4a111a12351d2.png

【解析】

【分析】

【详解】

（1）设粒子在电场中运动的时间为t0，加速度的大小为a，粒子的初速度为v0， 过Q点时速度的大小为v，沿y轴方向分速度的大小为vy，由牛顿第二定律得

46b4a40220accbe5496418b5a209412b.png

由运动学公式得

b478c243d3043509138b92a05cef0bde.png

26dbe9c32dd13cda415a73c75fccfb7e.png

竖直方向速度为

7a72c8d1d0c2942b0284b37821af89ea.png

合速度为

5cd7b27da82f3d47b4b0d1591d758441.png

解得

9d5be1cebc1c8f656f22be1490474af6.png

因为水平和竖直方向速度相等，所以速度方向与水平方向的夹角为45°。

（2）粒子在第一象限内做匀速圆周运动，设粒子做圆周运动的半径为R ，由几何关系可得

25fd0101e2d1754095e29b433f330db2.png

由牛顿第二定律得

a4e168c84de06a9e11560ec2545a8eac.png

解得

7382c2eca74096cf2466f56337f26ee3.png

福建省泉州市永春县第一中学2019-2020学年高考物理模拟试卷

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、冬季奥运会中有自由式滑雪U型池比赛项目，其赛道横截面如图所示，为一半径为R、粗糙程度处处相同的半圆形赛道竖直固定放置，直径POQ水平。一质量为m的运动员（按质点处理）自P点上方高度R处由静止开始下落，恰好从P点进入赛道。运动员滑到赛道最低点N时，对赛道的压力为4mg，g为重力加速度的大小。用W表示运动员从P点运动到N点的过程中克服赛道摩擦力所做的功（不计空气阻力），则（　　）

A．f6d9b6c357be06330eac413641825f2c.png，运动员没能到达Q点

B．35a3fd50865a591376edafdce72e031b.png，运动员能到达Q点并做斜抛运动

C．eba8e46d88dd235cbcca3004cfb3619a.png，运动员恰好能到达Q点

D．f6bf26323d18a15378a6d674c2c21df4.png，运动员能到达Q点并继续竖直上升一段距离

2、如图所示，足够长的竖直绝缘管内壁的粗糙程度处处相同，处于方向互相垂直的匀强电场和匀强磁场中．一带正电的小球从静止开始沿管下滑，下列小球运动速度v和时间t、小球所受弹力FN和速度v的关系图像中正确的是

A． B．

C． D．

3、两行星7fc56270e7a70fa81a5935b72eacbe29.png和1fbcbe4bd25366f18632f6eecf38bb11.png各有一颗卫星1fbcbe4bd25366f18632f6eecf38bb11.png和92eb5ffee6ae2fec3ad71c777531578f.png，卫星的圆轨道接近各自的行星表面，如果两行星质量之比75c4cab5080471cf3f8041319993acb5.png，两行星半径之比c5954d474a13244bc39ba8ac67a3a7c3.png则两个卫星周期之比e5e3efed09502f1cbda5f17a5ab9f7ed.png为（　　）

A．f4201c65224377cf06ffdbf01b8172c1.png B．f4a9b4147a8bb6f3b4c39a664553d3a8.png C．def474a313bffa002eae8941b2e12620.png D．6af2d30e671ebc9deaa134b9f0a1e248.png

4、下列说法正确的是（　　）

A．阴极射线的本质是高频电磁波

B．玻尔提出的原子模型，否定了卢瑟福的原子核式结构学说

C．贝克勒尔发现了天然放射现象，揭示了原子核内部有复杂结构

D．39cc419076be067b5713f761f7e6e7e6.png变成fddce5b523d3952ade92b5f1327bb044.png，经历了4次β衰变和6次α衰变

5、2017年诺贝尔物理学奖授予了三位美国科学家，以表彰他们为发现引力波所作的贡献。引力波被认为是时空弯曲的一种效应，物体加速运动时会给宇宙时空带来扰动，这种扰动会以光速向外传播能量。如图为科学家们探测引力波的装置示意图，发射器发出的激光S 经半透光分束镜分为相互垂直的两束S1和S2，然后经过4km长的两臂，在两臂端点处经反射镜反射回来，S'1和S'2相遇形成干涉，被探测器接收。精确调节两臂，使探测器在无引力波作用时，接收到的信号强度为0。当有引力波作用时，两臂长度将因此而发生改变，则接收到的信号强度不为0。下列说法正确的是

A．引力波可以超光速传播

B．引力波不能传播能量

C．探测器接收到的两束波的频率相同

D．无引力波作用时两束激光到探测器的路程差为0

6、雷击，指打雷时电流通过人、畜、树木、建筑物等而造成杀伤或破坏，其中一种雷击是带电的云层与大地上某点之间发生迅猛的放电现象，叫做“直击雷”。若某次发生“直击雷”前瞬间，带电云层到地面的距离为1679091c5a880faf6fb5e6087eb1b2dc.png干米，云层与地面之间的电压为ef38aab51610a8908e14657215cfa071.png千伏，则此时云层与地面间电场（视为匀强电场）的电场强度大小为（　　）

A．b66c0e02e79f0599df2c4b0b63d2f910.png B．cbb06dfef583eda8aaf7b1073558d3b1.png C．161388bc9a5b471ff6d0a5fd7653e5c0.png D．0723efc94832b042a554b76988814c3e.png

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、两根平行的通电长直导线0cc175b9c0f1b6a831c399e269772661.png、92eb5ffee6ae2fec3ad71c777531578f.png均垂直于纸面放置，其中的电流方向如图所示，电流分别为dd7536794b63bf90eccfd37f9b147d7f.png和48b69cf839c6e294c3bf2ec26e6b8232.png。此时92cc336a9f163d4c6870d8e016934cfb.png所受安培力大小为f623e75af30e62bbd73d6df5b50bb7b5.png。若在2b1daefddc0d56cbdff55ac78bc602bc.png、820eb5b696ea2a657c0db1e258dc7d81.png的上方再放置一根与之平行的通电长直导线69691c7bdcc3ce6d5d8a1361f22d04ac.png，导线d20caec3b48a1eef164cb4ca81ba2587.png、800618943025315f869e4e1f09471012.png、420f9b6d46fad2c23ff29dc406748703.png间的距离相等，此时8beb3a29a18af69c08b1cc88f111acc8.png所受安培力的合力的大小也是420f9b6d46fad2c23ff29dc406748703.png。则下列说法中正确的是（　　）

A．导线9e3669d19b675bd57058fd4664205d2a.png中的电流为61e9c06ea9a85a5088a499df6458d276.png B．导线61e9c06ea9a85a5088a499df6458d276.png中的电流为c7ff2e613dd1a96282b48a1895eac5a7.png

C．导线733efb36964531de266b755178dd37fa.png受到安培力的合力的大小为9f78b05d3866cf28365b2f5112018dca.png D．导线7de211558c5b2e4d2d6d255f028a1e1a.png受到安培力的合力的大小为9f78b05d3866cf28365b2f5112018dca.png

8、关于机械波与电磁波，下列说法中正确的是

A．机械波在介质中传播时，介质中后振动的质点总是重复先振动的相邻的质点的振动，是受迫振动

B．弹簧振子在四分之一个周期里运动的路程一定等于一个振幅

C．有经验的战士可以根据炮弹飞行的尖叫声判断炮弹是接近还是远去

D．电磁波衍射能力由强到弱的顺序是无线电波、可见光、红外线、γ射线

E.在真空中传播的电磁波频率不同，传播的速度相同

9、如图（a）所示，在匀强磁场中，一电阻均匀的正方形单匝导线框e2fc714c4727ee9395f324cd2e7f331f.png绕与磁感线垂直的转轴187ef4436122d1cc2f40dc2b92f0eba0.png匀速转动，线圈产生的交变电动势随时间变化的规律如图（b）所示，若线框总电阻为44ff4ba64aa18fc14374798fcae8c94b.png，则（　　）

A．6865aeb3a9ed28f9a79ec454b259e5d0.png边两端电压的有效值为301462b29a1f292f47ae9ca3ce31394c.png

B．当线框平面与中性面的夹角为bad81dd69907c13ea2cb8ea38793a931.png时，线框产生的电动势的大小为b8af3ecfb5726dd29c3b6060c1d3e737.png

C．从3e8f7b0adf6d7024b951f29a18225e4a.png到1ba7413c7dcb426d4a4d92d52a7f60d9.png时间内，通过线框某一截面的电荷量为382d29ac43e433e2f5c78dc6df7a4eb8.png

D．线框转动一周产生的焦耳热为e685c5ab1ce407f351a1e0491c42ad4e.png

10、如图所示为一列沿x正方向传播的简谐横波在t＝0时刻的波形图．其中a、b为介质中的两质点，若这列波的传播速度是100 m/s，则下列说法正确的是_________.

A．该波波源的振动周期是0.04 s

B．a、b两质点可能同时到达平衡位置

C．t＝0.04 s时刻a质点正在向下运动

D．从t＝0到t＝0.01 s时间内质点b的路程为1 cm

E.该波与频率是25 Hz的简谐横波相遇时可能发生波的干涉现象

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11．（6分）一课外实验小组用如图（a）所示的电路测量某待测电阻52972d22ebca5c7eba76286b5e8d337d.png的阻值。8a826f776103126e610a820a56d5e102.png为标准定值阻（5b8fcc82ae23607004554cfe08dde666.png），V1、V2均为理想电压表，5dbc98dcc983a70728bd082d1a47546e.png为单刀开关，3a3ea00cfc35332cedf6e5e9a32e94da.png为电源，e1e1d3d40573127e9ee0480caf1283d6.png为滑动变阻器。

请完成以下问题

(1)闭合S前，滑动变阻器的滑动端应置于_______________填“a”或“b”）端；

(2)闭合S后将滑动变阻器的滑动端置于某一位置，若电压表V1、V2的示数为9e9ec10a6293b7065319911458692ef5.png、d935739c38e96e79b11289689e716747.png，则待测电阻阻值的表达式c76fced77c65ef66f263dd50f493db30.png________（用8a826f776103126e610a820a56d5e102.png、9e9ec10a6293b7065319911458692ef5.png、d935739c38e96e79b11289689e716747.png表示）；

(3)改变滑动变阻器滑动端的位置，得到多组9e9ec10a6293b7065319911458692ef5.png、d935739c38e96e79b11289689e716747.png数据，用计算机绘制出6a403a7b7b60a24c9e243840b5f8ddac.png的图线，如图（b）所示，根据图线求得c76fced77c65ef66f263dd50f493db30.png________66118552832dc1b8223d8b3abd7bf821.png（保留1位小数）；

(4)按照原理图（a），将图（c）中实物连线补画完整_____________。

12．（12分）①在做“用单摆测定重力加速度”的实验时，为了使测量误差尽量小，下列说法正确的是_____

A．须选用密度和直径都较小的摆球

B．须选用轻且不易伸长的细线

C．实验时须使摆球在同一竖直面内摆动

D．计时起、终点都应在摆球的最高点且不少于30次全振动的时间

②某同学在野外做“用单摆测定重力加速度”的实验时，由于没有合适的摆球，他找到了一块外形不规则的石块代替摆球，如上图所示。操作时，他用刻度尺测量摆线OM的长度L作为摆长，测出n次全振动的总时间由到周期T，求出重力加速度92eb5ffee6ae2fec3ad71c777531578f.png，这样得到的重力加速度的测量值比真实值_____（填“大”或“小”）。为了克服摆长无法准确测量的困难，该同学将摆线长度缩短为e13dac18b58cd8221bc87ac80eb5d2cc.png，重复上面的实验，得出周期ffc2d2b475a7ebe7a83f6973c5bf487e.png，由此他得到了较精确的重力加速度值g=_____。

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。

13．（10分）如图所示，粗细均匀的U形玻璃管开口向上竖直放置，管中有A、B两段水银柱，A段水银柱上方和下方分别有气柱工、Ⅱ，两气柱的长L1=L3=4cm，水银柱A的长度为L2=4cm，水银柱B在左侧管中长度L4=2cm，大气压强为p0=76cmHg，环境温度为T=300K。现在左侧管中缓慢倒入水银，使B水银柱在左侧管中水银液面下降2cm。求：

（i ）A水银柱上表面与右管中B水银柱上表面高度差；

（ii）若不在左管中倒入水银，而是在左侧管口缓慢推入一个活塞，使B段水银在左管中水银面也下降2cm，则活塞需推人管中多长距离？

14．（16分）如图甲所示，水平足够长的平行金属导轨MN、PQ间距L＝0.3 m。导轨电阻忽略不计，其间连接有阻值R＝0.8 Ω的固定电阻。开始时，导轨上固定着一质量m＝0.01 kg、电阻r＝0.4 Ω的金属杆cd，整个装置处于磁感应强度B＝0.5 T的匀强磁场中，磁场方向垂直导轨平面向下。现用一平行金属导轨平面的外力F沿水平方向拉金属杆cd，使之由静止开始运动。电压采集器可将其两端的电压U即时采集并输入电脑，获得的电压U随时间t变化的关系如图乙所示。求：

（1）在t＝4 s时通过金属杆的感应电流的大小和方向；

（2）4 s内金属杆cd位移的大小；

（3）4 s末拉力F的瞬时功率。

15．（12分）一U形管竖直放置，管内横截面积处处相等，左管绝热且上端封闭，右管导热且用活塞封闭。活塞a、b、c为厚度可忽略的光滑轻活塞，a隔热，b、c导热，a、b活塞下方为水银，上方为空气（可视为理想气体）。初始时，两空气柱和环境温度均为27℃，管内水银柱和空气柱长度如图所示。缓慢向下推动活塞c，直至a、b活塞处于同一高度为止。测量发现左侧空气柱温度升高5℃。已知大气压强p0=76.0cmHg。（计算结果保留一位小数）

(1)求温度升高后左侧空气柱的压强；

(2)求c活塞向下推动的距离。

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、D

【解析】

【详解】

在8d9c307cb7f3c4a32822a51922d1ceaa.png点，根据牛顿第二定律有：

8d22d90f949a8a4ef8ec24546c3242fd.png

解得：

30f6c99b09221b682e49aa9b64e82b42.png

对质点从下落到8d9c307cb7f3c4a32822a51922d1ceaa.png点的过程运用动能定理得：

ebb9d19a78995fbb38a96c8a59c95ca9.png

解得：

0b23d7240259bbc9c2494831ca10731e.png

由于7b6166324dc52f374d908e03602b1daf.png段速度大于06adbb51e161b0f829f5b36050037c6f.png段速度，所以06adbb51e161b0f829f5b36050037c6f.png段的支持力小于7b6166324dc52f374d908e03602b1daf.png段的支持力，则在1e3f477c3f1145104ca7b5035faabfd0.png段克服摩擦力做功小于在0e3ae09f57dc3d2ea4eb9fa59315ce94.png段克服摩擦力做功，对92cc336a9f163d4c6870d8e016934cfb.png段运用动能定理得：

a54d9e3ab88bbc6a4dc51459a258f0ed.png

因为e1e1d3d40573127e9ee0480caf1283d6.png，可知566abd2b51a38ad67a502697b2fa7c81.png，所以质点到达ef3fbc276cb9f08e57f243ec2875d986.png点后，继续上升一段距离，ABC错误，D正确。

故选D。

2、D

【解析】

【分析】

由题中“足够长的竖直绝缘管内壁的粗糙程度处处相同”可知，本题考查带电物体在复合场中的受力分析，根据电场力性质和洛伦兹力以及受力分析可解答本题。

【详解】

AB、当粒子速度足够大时，有

bcf3a32158706354db3ab2719d664b86.png

会有

87d61778a587ed7b30e9d011978011bb.png

此时，速度不再增加，故AB错误；

CD、根据受力分析，小球在水平方向受力平衡，即

85520efa5076b7b77fed29daa297b647.png

故C错误，D正确。

3、A

【解析】

【分析】

【详解】

卫星做圆周运动时，万有引力提供圆周运动的向心力，有

794affe6c4d6b8aae17eb663cb88bc96.png

得

2c87ec132be696a44aa0d601f4511b80.png

所以两卫星运行周期之比为

5b22ce1ca78b502d4fdee26d12816a70.png

故A正确、BCD错误。
故选A。

4、C

【解析】

【详解】

A．阴极射线的本质是高速电子流，不是高频电磁波，选项A错误；

B．玻尔提出的原子模型，成功解释了氢原子发光现象，但是没有否定卢瑟福的核式结构模型，故B错误。

C．贝克勒尔发现了天然放射现象，揭示了原子核内部有复杂结构，选项C正确；

D．061b4f37ff88d58e3106c2aa07c8ec32.png变成774347d4a6db2400c95166a4a2df2ee8.png，经历了ed134f198435b4fa9ce7aebb930f9335.png次α衰变，8×2-（94-82）=4次β衰变，选项D错误。

故选C。

5、C

【解析】A、B项：由题干中信息可知，引力波以光速向外传播能量，故A，B均错误；

C项：光在传播过程中频率保持不变，故C正确；

D项：两个波能形成干涉，故两个波传播在无引力波作用时的传播路程一定不同，故D错误。

点晴：此题属于科普信息阅读题，一般从文章中结合学过的知识即可直接获得答案，难度一般不会太难，但是需要学生能够快速阅读，并从文章中准确的获得关键信息，也体现了北京高考灵活性高的特点。

6、A

【解析】

【详解】

根据U=Ed得

19e3ecbcde5681af820b8ac01d64964f.png

选项A正确，BCD错误。

故选A。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、BD

【解析】

【详解】

AB．如图所示

由右手螺旋定则知39fbabae8cebfa6967a671a9ceabf2f0.png导线在8010071336200e07540a19d3dc583d9d.png处产生竖直向下的磁场，39a427e0b250982dd0fab7c404b4e2c2.png导线受该磁场向左的安培力

26b1315d8638aafaadd0c658e414ec00.png

由牛顿第三定律知8aab0fe5ccfa1229d8ff7a9206ad71a8.png导线也受到494653bcf7dc4ee101c6b381c916d302.png导线的磁场向右的安培力，大小也是3bfe4352554f912e4543f3b9c5f2c166.png。94840be3d599fdce6b01bc6c568bdb33.png产生的磁场对7e3aaf96e5013b6402d457346b557546.png有安培力94840be3d599fdce6b01bc6c568bdb33.png，结合题意分析得：b389f9bc1681233b77a709dea350f302.png与6f8f57715090da2632453988d9a1501b.png夹角为120°，且

3a272b3f2388c5a003ca09b625b7e393.png

则c9724d6e2e64a8671b7387a582b1f728.png、9f78b05d3866cf28365b2f5112018dca.png导线在26f106d67d717173027c1f8ed27f283d.png点的磁感应强度大小相等，又ed37840240e5d4d41fdf2cb3143949fa.png、9a15b34727a322979f86302411929bbf.png导线与121baff97f66a8bf989f4abd9c10b907.png的距离相等，则4a8a08f09d37b73795649038408b5f33.png、92eb5ffee6ae2fec3ad71c777531578f.png导线电流大小相等，为0109adca58e0b5448c672b496c42d700.png。所以B正确，A错误；

CD．4a8a08f09d37b73795649038408b5f33.png导线在0cc175b9c0f1b6a831c399e269772661.png、92eb5ffee6ae2fec3ad71c777531578f.png处产生的磁感应强度大小相等，则92eb5ffee6ae2fec3ad71c777531578f.png受其安培力为29075b1d8b290bd87d502bd52e21adfa.png。由余弦定理得

43f3b23de224e9e57a2c89644734c70a.png

所以D正确，C错误。

故选BD。

8、ACE

【解析】

【详解】

A．机械波在介质中传播时，介质中后振动的质点总是重复先振动的相邻的质点的振动，是受迫振动，选项A正确；

B．弹簧振子只有从平衡位置或者离平衡位置最远处开始振动计时，在四分之一个周期里运动的路程才等于一个振幅，选项B错误；

C．有经验的战士可以根据炮弹飞行的尖叫声判断炮弹是接近还是远去，这是根据多普勒效应，选项C正确；

D．波长越大的衍射能量越强，则电磁波衍射能力由强到弱的顺序是无线电波、红外线、可见光、γ射线，选项D错误；

E．在真空中传播的电磁波频率不同，传播的速度相同，选项E正确；

故选ACE.

9、AB

【解析】

【详解】

A．根据电动势随时间的变化曲线可得，交流电的电动势的瞬时值为

bc8ae984d58c980e41537e0a9a5dbde9.png

则交流电的电动势的有效值为

91a24814efa2661939c57367281c819c.png

b62662c3b51cedf5bf087d9bb7ac6b11.png边两端电压的有效值为

943fddfac50e640f9ba76585c256368d.png

所以A正确；

B．当线框平面与中性面的夹角为d1b620b7779b92057627cd1cf4c103ad.png时，即

33bb246197579b71b2f2298440f8867d.png

则此时的电动势为

93f6b8cfa0c1acbd898f15cf1109eeaf.png

所以B正确；

C．由图象可得交流电的周期为

5b4a747245ff662a600ee87df6b3cc75.png

从da26a34c22a424f5381dac8f60faf483.png到1ba7413c7dcb426d4a4d92d52a7f60d9.png时间内，即半个周期内，通过线框某一截面的电荷量为

27e61fa647a7dbed674333a92aedfa86.png

由电动势的瞬时值表达式可知

1b22db20fae910139655c66bf1221b57.png

7c0091c7ce30e9527dc43d94ccdbb231.png

则

ff65dcf05da30ba2674cce5027eec854.png

所以C错误；

D．此交流电的电流有效值为

c3c0ced50d5160dffc588d3891da2b22.png

根据焦耳定律可得，线框转动一周产生的焦耳热为

6fab5555dafa25aadf056959b6abc5bd.png

所以D错误。

故选AB。

10、ACE

【解析】

【分析】

由图可知波的波长，根据b5da7c7fddf97bbe8a63fed8696ab4ae.png可以求得周期，根据波的平移原则判断某时刻某个质点的振动方向，知道周期则可得出质点的路程，当两列波的频率相同时，发生干涉现象.

【详解】

A．由图象可知，波长λ＝4m，振幅A＝2cm，由题意知，波速v＝100m/s，波源的振动周期92cc336a9f163d4c6870d8e016934cfb.png，故A正确；

B．a、b两质点不可能同时到达平衡位置，故B错误；

C．波沿x轴正方向传播，0时刻a质点正在向下运动，t＝0.04 s＝T，一个周期后a质点回到了原来的位置，仍然正在向下运动，故C正确；

D．从t＝0到t＝0.01 s时间内，bb7947a97270e67c60afd16af75d9e2c.png，四分之一个周期的时间内，质点运动的路程一定大于fc206d90a3462d90c5c8f33edebcd33d.png，故D错误；

该波的频率df3c399153805117673b9117db4f023e.png，与频率是25 Hz的简谐横波相遇时可能发生波的干涉现象，故E正确．

故选ACE.

【点睛】

考查波的形成与传播过程，掌握波长、波速与周期的关系，理解质点的振动方向与波的传播方向的关系．

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、a 44d9fb9b8bc22b6196cd398753ae5719.png 26.8

【解析】

【详解】

(1)[1]为了保证实验安全，S闭合前，滑动变阻器滑动端应置于a端；。

(2)[2]由欧姆定律可得，通过52972d22ebca5c7eba76286b5e8d337d.png的电流

58e0b7c87b7df816437cb81b0f2014b9.png

待测电阻阻值

06703d80dfc0757eeede0e9882a24f33.png。

(3)[3]根据题图（b）可得

de89134a0c253bf8d131c0c07cdca7aa.png

代入得

37ca3859069a4f879be59da6e883cd6e.png。

(4)[4]实物连线时应注意滑动变阻器采取分压式接法[[依据题图（a）]]、电压表V1和V2的量程[[依据题图（b）选择]]，如图

12、BC 小 ffc2d2b475a7ebe7a83f6973c5bf487e.png

【解析】

【详解】

(1) A、为减小空气阻力对实验的影响，从而减小实验误差，组装单摆须选用密度大而直径都较小的摆球，故A错误；

B、为减小实验误差，组装单摆须选用轻且不易伸长的细线，故B正确；

C、实验时须使摆球在同一竖直面内摆动，不能使单摆成为圆锥摆，故C正确；

D、测量时间应从单摆摆到最低点开始，因为最低位置摆球速度最大，相同的视觉距离误差，引起的时间误差较小，则周期测量比较准确，故D错误；

(2) 根据单摆的周期公式44c29edb103a2872f519ad0c9a0fdaaa.png得：0a4b850e97caac2757b5c98220ca0265.png，该同学用OM的长L作为摆长，摆长偏小，根据上述表达式得知，g的测量值偏小，设摆线的结点到大理石质心的距离为r，则根据单摆的周期公式9d4fdae0c25f4b52b464949be34d2081.png得：44c29edb103a2872f519ad0c9a0fdaaa.png，而bd540a3e6ea2d0e36c402b374a90d793.png，联立解得：0cc175b9c0f1b6a831c399e269772661.png。

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。

13、（i）3.8cm；（ii）2.4cm。

【解析】

【分析】

【详解】

（i）根据力的平衡可知，右管中水银柱的长L=L2+L4=6cm

当B水银柱在左管中水银液面下降2cm，则右管中水银柱长变为8cm

根据力的平衡可知，左侧管中需加入的水银柱长h=8cm-L2=4cm

对气柱Ⅱ研究，开始时压强p1=76cmHg+4cmHg=80cmHg

加水银后，气体的压强p2=76cmHg+8cmHg=84cmHg

设加水银后气体Ⅱ的长为2b89df85e58e7dbbb90aa832d26c91bf.png，气体发生等温变化，则有

179b2fdad629d50b192eaf65a061ddaa.png

解得

ec750d3dbee0248661ecb07abd5a5c2d.png

这时，A水银柱上表面与右管中B水银柱上表面高度差851fb877667d3d6d92c54c098b5b3325.png

（ii）若不在左管中倒入水银，而是在左侧管口缓慢推入一个活塞，使B段水银在左管中水银面也下降2cm，此时气柱Ⅰ中气体的压强为p3=p2-4cmHg=80cmHg

设此时气柱Ⅰ的长度为8b513c50dbdeca00bd21e4b6af514faf.png，气体发生等温变化，则有

346d1b2201f4b51e99c63be49b53fe8e.png

求得

15107145cfaa2eae8007c5197a8dc547.png

则活塞在管中移动的距离

a874cc5d16bb316f4dcef3d590044add.png

14、（1）0.75 A　由d指向c　（2）12 m　（3）0.765 W

【解析】

【详解】

（1）由题图乙可知，当t＝4 s时，U＝0.6 V

此时电路中的电流（通过金属杆的电流）

I＝b91b5f3ffb754beda92a05d016ec3d02.png＝0.75 A

用右手定则判断出，此时电流的方向由d指向c。

（2）由题图乙知

U＝kt＝0.15t

金属杆做切割磁感线运动产生的感应电动势E＝BLv

由电路分析：

U＝f32423d2b9868cef26c41e39c2d1edc3.pngE

联立以上两式得

v＝172a78c417b0f44f63e3a78d673ae039.png×0.15t

由于R、r、B及L均为常数，所以v与t成正比，即金属杆在导轨上做初速度为零的匀加速直线运动，匀加速运动的加速度

a＝172a78c417b0f44f63e3a78d673ae039.png×0.15＝1.5 m/s2

金属杆在0～4 s内的位移

x＝93b05c90d14a117ba52da1d743a43ab1.pngat2＝12 m。

（3）在第4 s末金属杆的速度

v＝at＝6 m/s

金属杆受安培力

F安＝BIL＝0.112 5 N

由牛顿第二定律，对金属杆有

F－F安＝ma

解得拉力

F＝0.127 5 N

故4 s末拉力F的瞬时功率

P＝Fv＝0.765 W。

15、 (1)116.6cmHg；(2)8.5cm

【解析】

【详解】

(1)左管内气体初状态：p1=86cmHg，V1=20cm•S，T1=300K
a、b活塞等高时状态：p1′=？，V1′=15cm•S，T1′=305K
由理想气体状态方程得

39a427e0b250982dd0fab7c404b4e2c2.png

解得

p1′≈116.6cmHg

(2)右管内气体初状态：p2=76cmHg，V2=10cm•S
a、b活塞等高时状态：p2′=p1′≈116.6cmHg，V2′=？
根据玻意耳定律得

p2V2=p2′V2′

解得

V2′≈6.5cm•S

故活塞下降的距离为

h=10-（6.5-5）=8.5cm

安徽凤阳县城西中学2019-2020学年高考物理模拟试卷

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、图甲中的变压器为理想变压器，原线圈的匝数n1与副线圈的匝数n2之比为5∶1。变压器的原线圈接如图乙所示的正弦式电流，两个20Ω的定值电阻串联接在副线圈两端。电流表、均为理想电表。则（　　）

A．电流表示数为0.2A B．电流表示数为5A

C．电压表示数为4V D．通过电阻R的交流电的周期为2×10-2s

2、轨道平面与赤道平面夹角为90°的人造地球卫星被称为极地轨道卫星。它运行时能到达南北极区的上空，需要在全球范围内进行观测和应用的气象卫星、导航卫星等都采用这种轨道。如图所示，若某颗极地轨道卫星从北纬45°的正上方按图示方向首次运行到南纬45°的正上方用时45分钟，则（　　）

A．该卫星发射速度一定小于7.9km/s

B．该卫星轨道半径与同步卫星轨道半径之比为1∶4

C．该卫星加速度与同步卫星加速度之比为2∶1

D．该卫星的机械能一定小于同步卫星的机械能

3、2016年8月16日l时40分，我国在酒泉用长征二号丁运载火箭成功将世界首颗量子科学实验卫星“墨子号”发射升空．如图所示为“墨子号”卫星在距离地球表面500km高的轨道上实现两地通信的示意图．若己知地球表面重力加速度为g，地球半径为R，则下列说法正确的是( )

A．工作时，两地发射和接受信号的雷达方向一直是固定的

B．卫星绕地球做匀速圆周运动的速度小于7.9km/s

C．可以估算出“墨子号”卫星所受到的万有引力大小

D．可以估算出地球的平均密度

4、如图所示，空间中存在着由一固定的负点电荷Q(图中未画出)产生的电场．另一正点电荷q仅在电场力作用下沿曲线MN运动，在M点的速度大小为v0，方向沿MP方向，到达N点时速度大小为v，且v< v0，则(　　)

A．Q一定在虚线MP下方

B．M点的电势比N点的电势高

C．q在M点的电势能比在N点的电势能小

D．q在M点的加速度比在N点的加速度小

5、2019年10月11日，中国火星探测器首次公开亮相，暂命名为“火星一号”，计划于2020年发射，并实现火星的着陆巡视。已知火星的直径约为地球的53%，质量约为地球的11%，请通过估算判断以下说法正确的是（　　）

A．火星表面的重力加速度小于3e80304ca7bebcf32a53965a8584deb0.png

B．探测器在火星表面所受重力等于在地球表面所受重力

C．探测器在火星表面附近的环绕速度等于aa415f33717e0cf5151a7712cb4f2f59.png

D．火星的第一宇宙速度大于地球的第一宇宙速度

6、如图所示，理想变压器的原线圈接在1e3f477c3f1145104ca7b5035faabfd0.png的交流电源上，副线圈接有0e3ae09f57dc3d2ea4eb9fa59315ce94.png的负载电阻，原、副线圈匝数之比为4：1，92cc336a9f163d4c6870d8e016934cfb.png为电容器，电流表为理想交流电表，电路中所有元件均正常工作，则（ ）

A．该交流电的频率为a54d9e3ab88bbc6a4dc51459a258f0ed.png

B．交流电流表的示数为0

C．电阻e1e1d3d40573127e9ee0480caf1283d6.png的功率为566abd2b51a38ad67a502697b2fa7c81.png

D．电容器的耐压值不能小于ef3fbc276cb9f08e57f243ec2875d986.png

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、如图所示，正三角形的三个顶点0cc175b9c0f1b6a831c399e269772661.png、92eb5ffee6ae2fec3ad71c777531578f.png、09e0dc228ede718d191dd579597a61a8.png处，各有一条垂直于纸面的长直导线。963f342f953bd8c246a61d8265b367ea.png、1adf499d403e157c446aa3a797137470.png处导线的电流大小相等，方向垂直纸面向外，befc45be3db9a0cdb8352bf22702bcac.png处导线电流是9cf4d7adfb4e46ade162ab5d99c1e3fa.png、45a4542e4ea29f58402a741c12519a74.png处导线电流的2倍，方向垂直纸面向里。已知长直导线在其周围某点产生磁场的磁感应强度与电流成正比、与该点到导线的距离成反比。关于963f342f953bd8c246a61d8265b367ea.png、38738ab965a07d9ba362433a8bb9811e.png处导线所受的安培力，下列表述正确的是（ ）

A．方向相反 B．方向夹角为60°

C．大小的比值为1adf499d403e157c446aa3a797137470.png D．大小的比值为2

8、一定质量理想气体的0f6d131df4bf9a7c20fb118239d8594f.png图象如图所示，从状态0cc175b9c0f1b6a831c399e269772661.png经过程Ⅰ缓慢变化到状态92eb5ffee6ae2fec3ad71c777531578f.png，再由状态b经过程Ⅱ缓慢变化到状态a，表示两个过程的图线恰好围成以ab为直径的圆。以下判断正确的是________。

A．过程Ⅰ中气体的温度保持不变

B．过程Ⅱ中气体的温度先升高后降低

C．过程Ⅰ中气体的内能先减少后增加

D．过程Ⅱ中气体向外界释放热量

E.过程Ⅱ中气体吸收的热量大于过程Ⅰ中放出的热量

9、一带正电的粒子仅在电场力作用下从7fc56270e7a70fa81a5935b72eacbe29.png点经73c672ce07b9c86fca446381d4da9be9.png运动到f623e75af30e62bbd73d6df5b50bb7b5.png点，其1fbcbe4bd25366f18632f6eecf38bb11.png图象如图所示。分析图象后，下列说法正确的是（　　）

A．7fc56270e7a70fa81a5935b72eacbe29.png处的电场强度一定小于9d5ed678fe57bcca610140957afab571.png处的电场强度

B．粒子在7fc56270e7a70fa81a5935b72eacbe29.png处的电势能一定大于在9d5ed678fe57bcca610140957afab571.png处的电势能

C．4170acd6af571e8d0d59fdad999cc605.png间各点电场强度和电势都为零

D．b86fc6b051f63d73de262d4c34e3a0a9.png两点间的电势差等于834cb54b61bbed9d4296c995e4c5d8b2.png两点间的电势差

10、在大型物流货场，广泛的应用着传送带搬运货物。如图甲所示，与水平面倾斜的传送带以恒定速率运动，皮带始终是绷紧的，将m=1kg的货物放在传送带上的A处，经过1.2s到达传送带的B端。用速度传感器测得货物与传送带的速度v随时间t变化图象如图乙所示，已知重力加速度g=10m/s2。由v﹣t图可知（　　）

A．货物与传送带的摩擦因数为0.5

B．A、B两点的距离为2.4m

C．货物从A运动到B过程中，传送带对货物做功为-11.2J

D．货物从A运动到B过程中，货物与传送带摩擦产生的热量为19.2J

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11．（6分） “探究加速度与物体质量、物体受力的关系”的实验装置如图甲所示.

（1）在平衡小车与桌面之间摩擦力的过程中，打出了一条纸袋如图乙所示．计时器打点的时间间隔为0.02s.从比较清晰的点起，每5个点取一个计数点，量出相邻计数点之间的距离．该小车的加速度a=___________m/s2.（结果保留两位有效数字）

（2）平衡摩擦力后，将5个相同的砝码都放在小车上.挂上砝码盘，然后每次从小车上取一个砝码添加到砝码盘中，测量小车的加速度．小车的加速度a与砝码盘中砝码总重力F的实验数据如下表：

请根据实验数据作出a-F的关系图像_____.

（3）根据提供的试验数据作出的af4f33aab4d28c696f5bc728c2eaeb4d.png-F图线不通过原点，请说明主要原因_____．

12．（12分）如图所示为弹簧弹射装置，在内壁光滑、水平固定的金属管中放有轻弹簧，在其两端各放置一个金属小球1和2（两球直径略小于管内径且与弹簧不固连），压缩弹簧并锁定．现解除锁定，则两个小球同时沿同一直线向相反方向弹射．按下述步骤进行实验：

①用天平测出两球质量分别为m1、m2；

②用刻度尺测出两管口离地面的高度均为h；

③解除弹簧锁定弹出两球，记录两球在水平地面上的落点P、Q．

回答下列问题：

（1）要测定弹射装置在弹射时所具有的弹性势能，还需测量的物理量有______．（已知重力加速度g）

A．弹簧的压缩量Δx

B．两球落点P、Q到对应管口M、N的水平距离x1、x2

C．小球直径d

D．两球从管口弹出到落地的时间t1、t2

（2）根据测量结果，可得弹性势能的表达式为EP=_______________．

（3）由上述测得的物理量来表示，如果满足关系式_______________，那么说明弹射过程中两小球组成的系统动量守恒．

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。

13．（10分）如图所示，竖直平面内有一直角坐标系xOy，x轴沿水平方向。第二、三象限有垂直于坐标平面向里的匀强磁场，与x轴成θ＝37°角的绝缘细杆固定在二、三象限；第四象限同时存在着竖直向上的匀强电场和垂直于坐标平面向里、磁感应强度大小为B的匀强磁场，一质量为m、电荷量为q的带电小球a穿在细杆上沿细杆匀速下滑，在N点脱离细杆恰能沿圆周轨道运动到x轴上的A点，且速度方向垂直于x轴。已知A点到坐标原点O的距离为93b05c90d14a117ba52da1d743a43ab1.png，小球a与绝缘细杆的动摩擦因数μ＝0.5；93b05c90d14a117ba52da1d743a43ab1.png，重力加速度为g，空气阻力忽略不计。求：

(1)带电小球的电性及电场强度的大小E；

(2)第二、三象限里的磁场的磁感应强度大小B1与第四象限磁感应强度B之比，93b05c90d14a117ba52da1d743a43ab1.png=？

(3)当带电小球a刚离开A点竖直向上运动时，从y轴正半轴距原点O为4l的P点（图中未画出）以某一初速度水平向右平抛一个不带电的绝缘小球b，a、b两球刚好在第一象限某点相碰，则b球的初速度为多大？

14．（16分）静止在水平地面上的两小物块A、B，质量分别为54582ecb08c2b66ceb30c7d86882c38e.png，f4addeb6adc6930757d949fc7488171c.png；两者之间有一被压缩的微型弹簧，A与其右侧的竖直墙壁距离l=1.0m，如图所示，某时刻，将压缩的微型弹簧释放，使A、B瞬间分离，两物块获得的动能之和为becf9c84ec36a19a667d7457f68ebcbc.png，释放后，A沿着与墙壁垂直的方向向右运动。A、B与地面之间的动摩擦因数均为3eeb72c29d365b854cec3f20745a422d.png，重力加速度取0548f8a177046525d2e47c19241aa08c.png，A、B运动过程中所涉及的碰撞均为弹性碰撞且碰撞时间极短。

(1)求弹簧释放后瞬间A、B速度的大小；

(2)物块A、B中的哪一个先停止？该物块刚停止时A与B之间的距离是多少？

(3)A和B能否再次发生碰撞？若不能，说明理由；若能，试计算碰后的速度大小。

15．（12分）如图所示为一个带有阀门K、容积为2dm3的容器(容积不可改变)。先打开阀门让其与大气连通,再用打气筒向里面打气,打气筒活塞每次可以打进1×105Pa、200cm3的空气,忽略打气和用气时气体的温度变化(设外界大气的压强po=1×105Pa)

(i)若要使气体压强增大到5.0×105Pa,应打多少次气?

(ii)若上述容器中装的是5.0×105Pa的氧气,现用它给容积为0.7dm3的真空瓶充气,使瓶中的气压最终达到符合标准的2.0×105Pa,则可充多少瓶?

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、A

【解析】

【分析】

【详解】

AB．根据图象可得原线圈的电压的最大值为a795951d890b84aaa1bdecb94bf1d86c.png，所以电压的有效值为

55957ef7e673aa1f9975d657b46bd533.png

原线圈的匝数n1与副线圈的匝数n2之比为5∶1，则有

59f69da922d4b06382c2c9b34d5ae14b.png

解得副线圈电压

62219abd32e190146cf84844c83a7ace.png

则副线圈中的电流

a79d4cdfe7f0404f52cd50c943e989d2.png

根据变压器电流与匝数的关系有

624b9e83e125f9ea7930077c819ae7e3.png

所以原线圈中的电流即电流表的读数

12d1fce91ac5ccc8d26e230a3be7f86d.png

故A正确，B错误；

C．电压表示数为电阻R上的电压，根据欧姆定律有

c60556946c43af08ed0902bdc9a87bc7.png

故C错误；

D．由乙图可知通过电阻R的交流电的周期为4×10-2s，故D错误。

故选A。

2、B

【解析】

【详解】

A．根据第一宇宙速度的概念可知，该卫星发射速度一定大于7.9km/s，故A错误；
B．由题意可知，卫星的周期

7c34ab0ba949b0185b01276958c7cc38.png

万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得

1edd3fbe298ed5261d9c1c1a8af4545a.png

解得

a8fd37694a44f4b4aa95199e711c8975.png

该卫星轨道半径与同步卫星轨道半径之比

45754906469527b746d0e9ea66dd2aaa.png

故B正确；

C．万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得

b9ddc204ef08a6a43c6a708c1a5e0364.png

解得

4ba7f719d4abef485226378f3b8c24c8.png

该卫星加速度与同步卫星加速度之比

227bfd3c0b68e2e374dfd0fd5c342576.png

故C错误；

D．由于由于不知该卫星与同步卫星的质量关系，无法比较其机械能大小，故D错误。
故选AB。

3、B

【解析】

由于地球自转的周期和“墨子号”的周期不同，转动的线速度不同，所以工作时，两地发射和接受信号的雷达方向不是固定的，故A错误．7.9km/s是卫星绕地球做圆周运动的最大环绕速度，则卫星绕地球做匀速圆周运动的速度小于7.9km/s，故B正确．由于“墨子号”卫星的质量未知，则无法计算“墨子号”所受到的万有引力大小，故C错误．根据e101d6e8f0fe51816b1ce971c5226df6.png知，因周期未知， 则不能求解地球的质量，从而不能估算地球的密度，选项D错误；故选B．

点睛：解决本题的关键知道卫星做圆周运动向心力的来源，知道线速度、周期与轨道半径的关系，理解第一宇宙速度的意义．

4、C

【解析】

【分析】

【详解】

A、场源电荷带负电，检验电荷带正电，它们之间是吸引力，而曲线运动合力指向曲线的内侧,故Q应该在轨迹的内侧，故A错；

B、试探电荷从M到N速度减小,说明M点离场源电荷较近,越靠近场源电荷电势越低，所以M点的电势比N点的电势低，故B错误；

C、只有电场力做功,动能和电势能之和守恒,N点动能小,故在N点电势能大,故C正确；

D、离场源电荷越近，场强越大，加速度越大，所以q在M点的加速度比在N点的加速度大，故D错误；

故选C

【点睛】

曲线运动合力指向曲线的内侧,题中只有电场力做功,动能和电势能之和守恒,正电荷在电势越高的点电势能越大.
解决电场线、等势面及带电粒子的运动轨迹的综合问题应熟练掌握以下知识及规律:

(1)带电粒子所受合力(往往仅为电场力)指向轨迹曲线的内侧.
(2)该点速度方向为轨迹切线方向.
(3)电场线或等差等势面密集的地方场强大.
(4)电场线垂直于等势面.
(5)顺着电场线电势降低最快.

5、A

【解析】

【分析】

【详解】

设火星质量为1dc5026d93280a04ec3c7c9007d24897.png，半径为r，设地球质量为M，半径为R，根据题意可知

47a492ffe0063428ce61d89534fecb60.png，c9089f8bd497e03bd990426ee8c13b0b.png

AB．根据黄金替代公式2c8d2c4066ce7c4a80c02ba9f04666fa.png可得地球和火星表面重力加速度为

46d3bed9ad9f41391f86ea11d8a2f88c.png，24b2126d8a675a1a8e6b4ab9f70cefac.png

故A正确B错误；

CD．地球的第一宇宙速度为

a60648908dfd36ff3d5386ff8eda16a2.png

火星的第一宇宙速度为

524a50782178998021a88b8cd4c8dcd8.png

故CD错误。

故选A。

6、D

【解析】

【详解】

A．该交流电的频率

b2eb11f88afcca842f7c75d55d8bcfde.png

故A错误；

B．电容器通交流隔直流，故电流表的示数不为0，故B错误；

C．原线圈两端的电压的有效值

1a6685acb1917ff99fa8176dc07d8e6c.png

由ff69bf6858334beba771b6520c622958.png可知，副线圈两端的电压的有效值

bcc1228fc9cc4add50c853e90561d78b.png

电阻e1e1d3d40573127e9ee0480caf1283d6.png的功率

0ac8780b226c890e9aa4308fb08bb688.png

故C错误；

D．由于副线圈两端的电压的最大值为ef3fbc276cb9f08e57f243ec2875d986.png，故电容器的耐压值不能小于ef3fbc276cb9f08e57f243ec2875d986.png，故D正确。

故选：D。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、AD

【解析】

【详解】

AB．结合题意，应用安培定则分析963f342f953bd8c246a61d8265b367ea.png、befc45be3db9a0cdb8352bf22702bcac.png处磁场，应用平行四边形定则合成92eb5ffee6ae2fec3ad71c777531578f.png、4a8a08f09d37b73795649038408b5f33.png处磁场，应用左手定则判断92eb5ffee6ae2fec3ad71c777531578f.png、4a8a08f09d37b73795649038408b5f33.png处安培力，如图所示，结合几何关系知92eb5ffee6ae2fec3ad71c777531578f.png、4a8a08f09d37b73795649038408b5f33.png处导线所受安培力方向均在平行纸面方向，方向相反，故A正确，B错误；

CD．设导线长度为d20caec3b48a1eef164cb4ca81ba2587.png，导线0cc175b9c0f1b6a831c399e269772661.png在92eb5ffee6ae2fec3ad71c777531578f.png处的磁感应强度大小为9d5ed678fe57bcca610140957afab571.png，结合几何关系知92eb5ffee6ae2fec3ad71c777531578f.png处磁感应强度有

9d5ed678fe57bcca610140957afab571.png合22be0271638ca5bbbb0e9206e58ef771.png

486e63c5423370edfe8b7ca36847167f.png导线受安培力为

ea4c8e30a461ab07e1d77b130deffb5b.png安68029eff9e877234fb5ca9756e85dfb2.png合486e63c5423370edfe8b7ca36847167f.png

fcb36862d29e4b4e8325b0d95fc45b00.png处磁感应强度有

d22ff2d83661c73e1f4f0e08f62fe248.png

4a6cabd0544bdbb77ff02a9e28690007.png导线受安培力为

4da271857737a41e0e976699a36e4f7a.png

联立解得大小的比值为

875fdd15cc2668b82d50e9dfb800a763.png

故C错误，D正确；

故选AD。

8、BCE

【解析】

【详解】

ABC．根据理想气体状态方程可知，a、b两状态的温度相同，过程I中，从a到圆上最低点过程中，压强减小，体积减小，根据理想气体状态方程可知，温度降低，则。过程I中从a到圆最低点过程中，压强减小，体积减小，则温度降低，则过程Ⅰ中气体的温度先降低后升高，气体的内能先减少后增加，同理可知，过程Ⅱ中气体温度先升高后降低，气体的内能先增加后减少，故A错误，BC正确：

D．过程Ⅱ中气体的体积变大气体对外界做功，且内能不变，且内能不变，根据热力学第一定律可知，气体吸热，故D错误；

E．在0f6d131df4bf9a7c20fb118239d8594f.png图象中，图线与横坐标轴围成的“面积”对应功，过程Ⅱ气体对外界做的功大于过程Ⅰ外界对气体做的功，故过程Ⅱ中气体吸收的热量大于过程Ⅰ中气体放出的热量，故E正确。

故选BCE。

9、BD

【解析】

【详解】

A．由运动的速度--时间图象可看出，带正电的粒子的加速度在A点时较大，由牛顿第二定律得知在A点的电场力大，故A点的电场强度一定大于B点的电场强度，故A错误；

B．由A到B的过程中，速度越来越大，说明是电场力做正功，电势能转化为动能，由功能关系可知，此过程中电势能减少，所以A点的电势能高于B点的电势能，故B正确。

C．从C到D，粒子速度一直不变，故电场力做功为零，可知CD间各点电场强度为零，但电势不一定为零，故C错误；

D．A、C两点的速度相等，故粒子的动能相同，因此从A到B和从B到C电场力做功的绝对值相同，AB两点间的电势差等于CB两点间的电势差，故D正确。

故选BD。

10、AC

【解析】

【分析】

【详解】

A.由图象可以看出货物做两段均做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律有：

6fc97c56c7eaa1148b8570554d1ea1ed.png

由图象得到：

c8bf62b3d678aa1e01120e55edcf119b.png

代入解得：

78d676594394809a3961f5a26de78c3c.png

选项A正确；

B.货物的位移就是AB两点的距离，求出货物的v-t图象与坐标轴围成的面积即为AB两点的距离。所以有：

b8b8a1337545cd23622821d26440ce61.png

选项B错误；

C.传送带对货物做的功即为两段运动中摩擦力做的功：

a7c63bc82720cd4c86f0b351b99c26dc.png

选项C正确；

D.货物与传送带摩擦产生的热量：

353c45ab54d8e1ec283ad0a7d7855c2d.png

选项D错误。

故选AC。

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、0.16(0.15也算对) 未计入砝码盘的重力

【解析】

【分析】

【详解】

（1）处理匀变速直线运动中所打出的纸带，求解加速度用公式，关键弄清公式中各个量的物理意义，为连续相等时间内的位移差，t为连需相等的时间间隔，如果每5个点取一个点，则连续两点的时间间隔为t=0.1s，（3.68-3.51）m，带入可得加速度=0.16m/s1．也可以使用最后一段和第二段的位移差求解，得加速度=0.15m/s1.

（1）根据图中的数据，合理的设计横纵坐标的刻度值，使图线倾斜程度太小也不能太大，以与水平方向夹角45°左右为宜．由此确定F的范围从0设置到1N较合适，而a则从0到3m/s1较合适．设好刻度，根据数据确定个点的位置，将个点用一条直线连起来，延长交与坐标轴某一点．如图所示．

（3）处理图象问题要注意图线的斜率、交点、拐点、面积等意义，能正确理解这些量的意义则很多问题将会迎刃而解．与纵坐标相交而不过原点，该交点说明当不挂砝码时，小车仍由加速度，即绳对小车仍有拉力，从此拉力的来源考虑很容易得到答案，是因为砝码盘的重力，而在（1）问的图表中只给出了砝码的总重力，而没有考虑砝码盘的重力．

12、（1）B （2）dd9fe2862db5003d583fbbbb173960a7.png （3）m1x1=m2x2

【解析】

【详解】

（1）由题意可知，弹簧的弹性势能转化为小球的动能，则由EP=93b05c90d14a117ba52da1d743a43ab1.pngmv2即可求得弹性势能；故应测量小球的质量m以及通过光电门的速度v，为了测量小球的速度，在做平抛动的水平位移，压缩量以及时间和小球的直径均不需要测量；故B正确，ACD错误．故选B；

（2）由（1）可知，EP=93b05c90d14a117ba52da1d743a43ab1.pngm1v12+93b05c90d14a117ba52da1d743a43ab1.pngm2v22

由h=93b05c90d14a117ba52da1d743a43ab1.pnggt2可得：平抛运动的时间t=50db59368fb535b2951699a01b60bac9.png；

根据水平方向上的匀速直线运动规律可知：

v1=22417f146ced89939510e270d4201b28.png；v2=fe11f2e8b80eab097928dc6cffd98cc3.png

即EP=9b97d9c74bb3fbaa02899bf668bedd01.pngm1v12+a539276e8418c83b8a3da3e92baf05ec.pngm2v22=85c64b919939830bffd4c53381be8511.png

（3）根据动量守恒定律可知，两球碰前动量为零，碰后方向向反，设向左为正，则有：

0=m1v1-m2v2

再根据水平方向x=vt可得：m1x1=m2x2；

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。

13、 (1)带正电，50db59368fb535b2951699a01b60bac9.png；(2)22417f146ced89939510e270d4201b28.png； (3) fe11f2e8b80eab097928dc6cffd98cc3.png。

【解析】

【分析】

【详解】

(1)由带电小球a在第四象限内做圆周运动，知小球a所受电场力与其重力平衡且小球a所受电场力竖直向上，即

mg＝qE

故小球a带正电，

解得

E＝9b97d9c74bb3fbaa02899bf668bedd01.png

(2) 带电小球a从N点运动到A点的过程中，洛伦兹力提供小球做圆周运动的向心力，设运动半径为R，有

qvB＝ma539276e8418c83b8a3da3e92baf05ec.png

由几何关系有

R＋Rsinθ＝3.2l

解得R＝2l，代入B，有

v＝285c64b919939830bffd4c53381be8511.png

带电小球a在杆上匀速下滑时，由平衡条件有

mgsinθ＝μ(qvB1－mgcosθ)

解得

9b97d9c74bb3fbaa02899bf668bedd01.png

所以

04da609f54c372900df46c6d40384f6c.png

(3) 带电小球a在第四象限内做匀速圆周运动的从A点竖直上抛，与b相遇

竖直方向

359bc5c54608572cec77eeb88ea7277d.png

解得

7c83b98bd6dad96a8d5c2517591c7c5d.png

水平方向

736338c8a56ae1fc071999055bbd9336.png

14、 (1)b290ad450b593e1c037fccbff90cdf7e.png，fcec93e646e4f734117887de95617ec0.png；(2)B，0.50m；(3)不能，见解析

【解析】

【分析】

【详解】

(1)设弹簧释放瞬间A和B的速度大小分别为467d062268cf139b92c436105455f097.png、48b50effb30f8881a44bd89d6cdd3ffa.png，以向右为正，由动量守恒定律和题给条件有

e29b6082d6dbc8b665caef6a8495a33f.png

846b91a824a6a20ec8beea72d51cb305.png

联立并代入题给数据得

b547c2c4ad0326d9251f0fa1897bd099.png

8e3f1e5c295a0cb6a7b0cf672535acd1.png

(2)A、B两物块与地面间的动摩擦因数相等，因而两者滑动时加速度大小相等，设加速度大小为0cc175b9c0f1b6a831c399e269772661.png，则有

374c705dc647b36e357ff0e7934d6ff5.png

假设A和B发生碰撞前，已经有一个物块停止，此物块应为弹簧释放后速度较小的B，设从弹簧释放到B停止所需时间为e358efa489f58062f10dd7316b65649e.png，B向左运动的路程为a9dac8eb8b0b06344a81fc5a4fe17bb1.png，则有

30358615fc6bb3d7e3a8d6a15100181a.png

64c5bf6e6bbe69045ead234b4c1a8238.png

可得

f8e0b9bd1f0bbcd6678decaed114d0da.png

ec588062352d32f1c3cb9776c89d56bc.png

在时间e358efa489f58062f10dd7316b65649e.png内，A可能与墙发生弹性碰撞，碰撞后A将向左运动，碰撞并不改变A的速度大小，所以无论此碰撞是否发生，A在时间e358efa489f58062f10dd7316b65649e.png内的路程3c430fc59ecfcc331a864e17196f7c3b.png都可表示为

6966b6a4084b7c42e6635210fe3253aa.png

这表明在时间e358efa489f58062f10dd7316b65649e.png内A已与墙壁发生碰撞，但没有与B发生碰撞，此时A位于出发点右边0.25 m处，B位于出发点左边0.25 m处，两物块之间的距离为

406549b037909c418d250769407bc206.png

(3)e358efa489f58062f10dd7316b65649e.png时刻后A将继续向左运动，假设它能与静止的B碰撞，碰撞时速度的大小为a6b1ee3897d26b67ab1a22ce0d9aec58.png，由动能定理有

9ffeae55bb3e63ae5f63cb59a056cb03.png

可得

64603e23ed550cb2524d58fd202a83fd.png

故A与B将发生碰撞，设碰撞后A、B的速度分别为d680d48bd5fed29b78c03e08247d0520.png以和f5c558b9f09d3b6d1e77c78e526c46fc.png，规定以向右为正，由动量守恒定律与机械能守恒定律有

d4e176d47526fddecd37ec3e35d9ac4c.png

1fb790414bdce20e56e51b7c871dfb0f.png

联立并代入题给数据得

d0bf8a293c05540d711ba0c0c95f355d.png

2cc5ceec3b7c423c84a4a111a12351d2.png

这表明碰撞后A将向右运动，B继续向左运动，设碰撞后A向运动距离为46b4a40220accbe5496418b5a209412b.png时停止，B向左运动距离为b478c243d3043509138b92a05cef0bde.png时停止，由动能定理可得

26dbe9c32dd13cda415a73c75fccfb7e.png

7a72c8d1d0c2942b0284b37821af89ea.png

代入数据得

5cd7b27da82f3d47b4b0d1591d758441.png

9d5be1cebc1c8f656f22be1490474af6.png

则有

25fd0101e2d1754095e29b433f330db2.png

所以A和B不能再次发生碰撞

15、（1）40次 （2）4瓶

【解析】

【详解】

(1)设需要打气n次，因每次打入的气体相同，故可视n次打入的气体一次性打入，

则气体的初状态：4ead3881a9e2499e61751cb7b79691a5.png，e5c232d4d1d70ed60163a98cc79934a6.png

末状态：19140e70a13af2e837f7856dc55dce03.png，12dcd6c6b11e763601bca9eca78b3b30.png

其中：e0fe7fe7914954978d7cdc67e8fd72db.png

由玻意尔定律：53f5db1e4f9d7e11cdecef14740a100c.png

代入数据解得：b8c847c8aca4aa3a7310c120716d84da.png；

(2)设气压为3affebec5d1c23589586496a8ffaa565.png时气体的体积为39cc419076be067b5713f761f7e6e7e6.png，则fddce5b523d3952ade92b5f1327bb044.png

由玻意尔定律有：061b4f37ff88d58e3106c2aa07c8ec32.png

代入数据解得：774347d4a6db2400c95166a4a2df2ee8.png

真空瓶的容积为ed134f198435b4fa9ce7aebb930f9335.png

因：f9046216b71f57c9261c342f5d0a7481.png

故可充4瓶。

福建省龙岩市上杭二中2019-2020学年高考物理模拟试卷

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、在平直公路上甲乙两车从同一地点出发，两车位移x和时间t的比值e5c232d4d1d70ed60163a98cc79934a6.png与时间t之间的关系如图所示。下列说法正确的是（　　）

A．甲车的加速度大小为5m/s2

B．6s末乙车速度减小到零

C．甲车追上乙车前，2s末甲乙两车相距最远

D．乙车速度减小到零时，甲车速度为30m/s

2、在物理学发展的历程中，许多物理学家的科学研究推动了人类文明的进程，以下对几位物理学家所做科学贡献的叙述正确的是（ ）

A．牛顿运用理想实验法得出“力不是维持物体运动的原因”

B．安培总结出了真空中两个静止点电荷之间的作用规律

C．爱因斯坦创立相对论，提出了一种崭新的时空观

D．法拉第在对理论和实验资料进行严格分析后，总结出了法拉第电磁感应定律

3、在一大雾天，一辆小汽车以30m/s的速度行驶在高速公路上，突然发现正前方30m处有一辆大卡车以10m/s的速度同方向匀速行驶，小汽车紧急刹车，刹车过程中刹车失灵。如图所示a、b分别为小汽车和大卡车的v－t图像，以下说法正确的是（　　）

A．因刹车失灵前小汽车已减速，不会追尾

B．在t＝5s时追尾

C．在t＝2s时追尾

D．若刹车不失灵不会追尾

4、火星的质量是地球质量的a倍，半径为地球半径的b倍，其公转周期为地球公转周期的c倍。假设火星和地球均可视为质量分布均匀的球体，且环绕太阳的运动均可看成是匀速圆周运动。则下列说法正确的是（　　）

A．火星的第一宇宙速度与地球的第一宇宙速度之比为a：b

B．同一物体在火星表面的重力与在地球表面的重力之比为a：b

C．太阳、火星间的距离与日、地之间的距离之比为235a4be6da0d21e3ee2c85877cb79ce2.png

D．太阳的密度与地球的密度之比为c2：1

5、某同学投篮时将篮球从同一位置斜向上抛出，其中有两次篮球垂直撞在竖直放置的篮板上，篮球运动轨迹如图所示，不计空气阻力，关于篮球从抛出到撞击篮板前，下列说法正确的是（ ）

A．两次在空中的时间可能相等 B．两次碰的篮板的速度一定相等

C．两次抛出的初速度竖直分量可能相等 D．两次抛出的初动能可能相等

6、如图所示，b球在水平面内做半径为R的匀速圆周运动，BC为圆周运动的直径，竖直平台与b球运动轨迹相切于B点且高度为R。当b球运动到切点B时，将a球从切点正上方的A点水平抛出，重力加速度大小为g，从a球水平抛出开始计时，为使b球在运动一周的时间内与a球相遇(a球与水平面接触后不反弹)，则下列说法正确的是（ ）

A．a球在C点与b球相遇时，a球的运动时间最短

B．a球在C点与b球相遇时，a球的初始速度最小

C．若a球在C点与b球相遇，则a球抛出时的速率为6e5e0b2d31531c55fc77520821e2a8d3.png

D．若a球在C点与b球相遇，则b球做匀速圆周运动的周期为e9f64548ac53a0818828da3085e7f850.png

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、用一束波长为λ的绿光照射某极限波长为λo的金属，能产生光电效应，下列说法正确的是（ ）

A．该金属逸出功为W=hλo

B．把这束绿光遮住一半，则逸出的光电流强度减小

C．若改用一束红光照射，则不可能产生光电效应

D．要使光电流为0，光电管两级至少需要加大小为aef70f8f79be94785d0439acf5bad0ef.png的电压

8、半径分别为r和2r的同心半圆导轨MN、PQ固定在同一水平面内，一长为r、电阻为R、质量为m且质量分布均匀的导体棒AB置于半圆轨道上面，BA的延长线通过导轨的圆心O，装置的俯视图如图所示。整个装置位于磁感应强度大小为B、方向竖直向下的匀强磁场中。在N、Q之间接有一阻值也为R的电阻。导体棒AB在水平外力作用下，以角速度ω绕O顺时针匀速转动，在转动过程中始终与导轨保持良好接触。导轨电阻不计，不计一切摩擦，重力加速度为g，则下列说法正确的是（　　）

A．导体棒中的电流方向为A→B

B．导体棒A端相等于电源正极

C．导体棒AB两端的电压为fd07637ed7f7e4c9a8b92af6029ac0c9.png

D．若保持导体棒转动的角速度不变，同时使竖直向下的磁场的磁感应强度随时间均匀增大，则通过电阻R的电流可能一直为零

9、下列说法正确的是（　　）

A．当分子力表现为引力时，分子势能随分子间距离的增大而增大

B．一定量的理想气体压强不变，体积减小，气体分子对容器壁在单位时间内单位面积上碰撞次数增多

C．当人们感到干燥时，空气的相对湿度一定较小

D．液晶具有液体的流动性，但不具有单晶体的光学各向异性

E.一切与热现象有关的宏观自然过程都是可逆的

10、如图所示，一磁感强度为B的匀强磁场垂直纸面向里，且范围足够大。纸面上M、N两点之间的距离为d，一质量为m的带电粒子（不计重力）以水平速度v0从M点垂直进入磁场后会经过N点，已知M、N两点连线与速度v0的方向成08275083e2c7676181fc0941880bc44d.png角。以下说法正确的是（　　）

A．粒子可能带负电

B．粒子一定带正电，电荷量为d4842b6624b09ff2ca904f5d895076ca.png

C．粒子从M点运动到N点的时间可能是37341720f3e65bcb255e26604686aed8.png

D．粒子从M点运动到N点的时间可能是5719c2440a3e5528bbb186a088805bc2.png

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11．（6分）某同学做“验证力的平行四边形定则”的实验装置如图所示,其中A为固定橡皮条的图钉,O为橡皮条与细绳的结点,OB和OC为细绳.实验的主要的步骤有:

A．在桌上放一块方木板,在方木板上铺一张白纸,用图钉把白纸钉在方木板上;

B．用图钉把橡皮条的一端固定在板上的A点,在橡皮条的另一端拴上两条细绳,细绳的另一端系着绳套;

C．用两个弹簧测力计分别钩住绳套,互成角度地拉橡皮条,使橡皮条伸长,结点到达某一位置O,记录下O点的位置,读出两个弹簧测力计的示数;

D．按选好的标度,用铅笔和刻度尺作出两只弹簧测力计的拉力F1和F2的图示,并用平行四边形定则求出合力F;

E.只用一只弹簧测力计,通过细绳套拉橡皮条使其伸长,读出弹簧测力计的示数,记下细绳的方向,按同一标度作出这个力F′的图示;

F.比较F′和F的大小和方向,看它们是否相同,得出结论.

（1）上述步骤中,有重要遗漏的步骤的序号是__________和__________;(填字母)

（2）根据实验数据在白纸上所作图如图乙所示,已知实验过程中操作正确.

①乙图中F1、F2、F、F′四个力，其中力__________(填上述字母)不是由弹簧测力计直接测得的实验中.

②丙图是测量中某一弹簧测力计的示数,读出该力大小为__________N.

12．（12分）某小组的同学做“探究影响感应电流方向的因素”实验。

(1)首先按图甲(1)所示方式连接电路，闭合开关后，发现电流计指针向右偏转；再按图甲(2)所示方式连接电路，闭合开关后，发现电流计指针向左偏转。进行上述实验的目的是（______）

A．检查电流计测量电路的电流是否准确

B．检查干电池是否为新电池

C．推断电流计指针偏转方向与电流方向的关系。

(2)接下来用图乙所示的装置做实验，图中螺线管上的粗线标示的是导线的绕行方向。某次实验中在条形磁铁插入螺线管的过程中，观察到电流计指针向右偏转，说明螺线管中的电流方向（从上往下看）是沿______（选填“顺时针”或“逆时针”）方向。

(3)下表是该小组的同学设计的记录表格的一部分，表中完成了实验现象的记录，还有一项需要推断的实验结果未完成，请帮助该小组的同学完成_______________（选填“垂直纸面向外”或“垂直纸面向里”）。

实验记录表（部分）

(4)该小组同学通过实验探究，对楞次定律有了比较深刻的认识。结合以上实验，有同学认为，理解楞次定律，关键在于抓住__________（选填“B0”或“5432c8559cf6008d78806f4a999a30f6.png”）总是要阻碍________填“B0”或“B'”）磁通量的变化。

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。

13．（10分）小王在实验室做单摆实验时得到如图甲所示的单摆振动情形，O是它的平衡位置，B、C是摆球所能到达的左右最远位置，此时的摆动角度为θ，小王通过实验测得当地重力加速度为g＝10m/s2，并且根据实验情况绘制了单摆的振动图象如图乙所示，设图中单摆向右摆动为正方向。求：

(1)单摆的振幅、摆长约为多少；

(2)估算单摆振动时最大速度v。(可能用到的公式1－cosθ＝2sin277448c9167ce08b77559760a714f71f7.png)(计算结果均保留三位有效数字)

14．（16分）如图所示，绝缘轨道CDGH位于竖直平面内，圆弧段DG的圆心角为θ=37°，DG与水平段CD、倾斜段GH分别相切于D点和G点，CD段粗糙，DGH段光滑，在H处固定一垂直于轨道的绝缘挡板，整个轨道处于场强为E=1×104N/C、水平向右的匀强电场中。一质量m=4×10-3kg、带电量q=+3×10-6C的小滑块在C处由静止释放，经挡板碰撞后滑回到CD段的中点P处时速度恰好为零。已知CD段长度L=0.8m，圆弧DG的半径r=0.2m；不计滑块与挡板碰撞时的动能损失，滑块可视为质点。求：

（1）滑块在GH段上的加速度；

（2）滑块与CD段之间的动摩擦因数µ；

（3）滑块在CD段上运动的总路程。某同学认为：由于仅在CD段上有摩擦损耗，所以，滑块到达P点速度减为零后将不再运动，在CD段上运动的总路程为L+800618943025315f869e4e1f09471012.png=1.2m。你认为该同学解法是否合理？请说明理由，如果错误，请给出正确解答。

15．（12分）如图所示，在光滑水平面上静止放置质量M=2kg、长L=2.17m、高h=0.2m的长木板C。距该板左端距离x=1.81m处静止放置质量mA=1kg的小物块A，A与C间的动摩擦因数μ=0.2。在板右端静止放置质量mB=1kg的小物块B，B与C间的摩擦忽略不计。A、B均可视为质点，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g取10m/s2。现在长木板C上加一水平向右的力F，求：

(1)当F=3N时，小物块A的加速度；

(2)小物块A与小物块B碰撞之前运动的最短时间；

(3)若小物块A与小物块B碰撞之前运动的时间最短，则水平向右的力F的大小(本小题计算结果保留整数部分)；

(4)若小物块A与小物块B碰撞无能量损失，当水平向右的力F=10N，小物块A落到地面时与长木板C左端的距离。

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、D

【解析】

【分析】

【详解】

A．根据19140e70a13af2e837f7856dc55dce03.png可得

12dcd6c6b11e763601bca9eca78b3b30.png

甲车的加速度大小为

e0fe7fe7914954978d7cdc67e8fd72db.png

选项A错误；

B．由图像可知，乙车的初速度为v0=15m/s，加速度为

53f5db1e4f9d7e11cdecef14740a100c.png

则速度减为零的时间为

b8c847c8aca4aa3a7310c120716d84da.png

选项B错误；

C．当两车相距最远时速度相等，即

3affebec5d1c23589586496a8ffaa565.png

解得

t=1s

选项C错误；

D．乙车速度减小到零时需经过t=3s，此时甲车速度为

39cc419076be067b5713f761f7e6e7e6.png

选项D正确。

故选D。

2、C

【解析】

A、伽利略运用理想实验法得出“力不是维持物体运动的原因”,故A错误; 
B、库仑总结出了真空中两个静止点电荷之间的作用规律,故B错误; 
C、爱因斯坦创立相对论,提出了一种崭新的时空观,所以C选项是正确的; 
D、法拉第发现了电磁感应现象,揭示了磁现象和电现象之间的联系;是韦德与库柏在对理论和实验资料进行严格分析后,总结出了法拉第电磁感应定律,故D错误; 

综上所述本题答案是：C

3、D

【解析】

【分析】

【详解】

ABC．根据速度-时间图像所时间轴所围“面积”大小等于位移，由图知，t=3s时，b车的位移为

5034a045e36b6c9523bca7be936ca9fa.png

a车的位移为

8e6ba967645c302e1f2a60ec9c341e5c.png

则

e358efa489f58062f10dd7316b65649e.png

所以在t=3s时追尾，故ABC错误；

D．若刹车不失灵，由图线可知在t=2s时两车速度相等，小汽车相对于大卡车的位移

e358efa489f58062f10dd7316b65649e.png

所以刹车不失灵，不会发生追尾，故D正确。

故选D。

4、C

【解析】

【详解】

A．当卫星绕任一行星表面做匀速圆周运动时的速度即为该行星的第一宇宙速度，由

4a9e18bba27bc5bf07659aa1a95e86c7.png

解得

d15b0215baae52ddfbe96cec102aa8ff.png

则火星的第一宇宙速度与地球的第一宇宙速度之比为0d82bd4045987c881894a1f58af91341.png

故A错误；

B．对于天体表面的物体，万有引力近似等于重力，即有：

a3baf89c9f1870c13ce5d761e4bd00e0.png

解得：

46d3bed9ad9f41391f86ea11d8a2f88c.png

则同一物体在火星表面的重力与在地球表面的重力之比为a∶b2

故B错误；

C．根据开普勒第三定律可知，太阳、火星之间的距离与日、地之间的距离之比为235a4be6da0d21e3ee2c85877cb79ce2.png

故C正确；

D．由于太阳的质量、半径与地球的质量、半径的关系未知，所以不能确定它们的密度之间的关系，故D错误。

故选C。

5、D

【解析】

【详解】

A．将篮球的运动逆向处理，即为平抛运动，由图可知，第二次运动过程中的高度较小，所以运动时间较短，故A错误；

B．篮球的运动逆向视为平抛运动，则平抛运动在水平方向做匀速直线运动，水平射程相等，但第二次用的时间较短，故第二次水平分速度较大，即篮球第二次撞篮板的速度较大，故B错误；

C．篮球的运动逆向视为平抛运动，在竖直方向上做自由落体运动，由e358efa489f58062f10dd7316b65649e.png可知，第二次抛出时速度的竖直分量较小，故C错误；

D．由于水平速度第二次大，竖直速度第一次大，根据速度的合成可知，抛出时的速度大小不能确定，有可能相等，所以两次抛出的初动能可能相等，故D正确；

故选D。

6、C

【解析】

【详解】

A．平抛时间只取决于竖直高度，高度 R 不变，时间均为62380566188c7affad888f38cdcd56b0.png；故A错误。

BC．平抛的初速度为

a291819b6272eb5a8a61fe23f79da5c8.png

时间相等，在C点相遇时，水平位移最大

d1244ad718e6e002fb7f01e3c80511f3.png

则初始速度最大为：

b5288a36bc87e900f8337a849a0cea25.png

故B错误，C正确。

D．在 C点相遇时，b球运动半个周期，故 b球做匀速圆周运动的周期为

a3488cbc9665b3667d5cd0dfd10d736c.png

故D错误。

故选C。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、BD

【解析】

该金属逸出功为：69691c7bdcc3ce6d5d8a1361f22d04ac.png，故A错误；光的强度增大，则单位时间内逸出的光电子数目增多，遮住一半，光电子数减小，逸出的光电流强度减小，但仍发生光电效应，光电子最大初动能将不变，故C错误，B正确；光电效应方程为：6f8f57715090da2632453988d9a1501b.png，光速为：b2f5ff47436671b6e533d8dc3614845d.png，根据动能定理可得光电流为零时有：ce1f2545a29da384785a5bd9f88b920e.png，联立解得：69691c7bdcc3ce6d5d8a1361f22d04ac.png，故D正确．所以BD正确，AC错误．

8、AC

【解析】

【详解】

AB．由右手定则可知，导体棒中的电流方向为A→B，导体棒相当于电源，电源内部电流由负极流向正极，则B端相当于电源正极，故A正确，B错误；

C．AB棒产生的感应电动势为

5555ab0919afb4a601fb9d51497930ea.png

导体棒AB两端的电压为

72d31f3cff987ca4d660913f45ed08da.png

故C正确；

D．若保持导体棒转动的角速度不变，由于磁场均匀增大，则导体棒切割磁感线产生的电动势增大，如果导体棒不动，竖直向下的磁场的磁感应强度随时间均匀增大，回路中产生的电动势不变，且与导体棒切割磁感线产生的电动势方向相反，则两电动势不可能一直相等，即通过电阻R的电流不可能一直为零，故D错误。

故选AC。

9、ABC

【解析】

【详解】

A．当分子力表现为引力时，增大分子减的距离，需要克服分子力做功，所以分子势能随分子间距离的增大而增大，故A正确；

B．一定量的理想气体保持压强不变，气体体积减小，气体分子的密集程度增大，单位时间内气体分子对容器壁单位面积上碰撞次数增多，故B正确；

C．当人们感到干燥时，空气的相对湿度一定较小，故C正确；

D．液晶既具有液体的流动性，又具有单晶体的光学各向异性的特点，故D错误；

E．根据热力学第二定律可知，一切与热现象有关的宏观自然过程都具有方向性，都是不可逆，故E错误；

故选ABC。

10、BCD

【解析】

【详解】

A．由左手定则可知，粒子带正电，选项A错误；

B．由几何关系可知，r=d，由

45b5a147123b40faaabc94c02fb7949e.png

可知电荷量为

24356a3731a6c520bc0fc6416d997cfb.png

选项B正确；

CD．粒子运动的周期

2c5300b741b1c53e58d422b8f895180c.png

第一次到达N点的时间为

45b5a147123b40faaabc94c02fb7949e.png

粒子第三次经过N点的时间为

508b0c159cda395a59c9d7c5a6467b2d.png

选项CD正确。

故选BCD。

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、C E F′ 9.0

【解析】

【详解】

(1)[1][2].本实验为了验证力的平行四边形定则，采用的方法是作力的图示法，作出合力和理论值和实际值，然后进行比较，得出结果．所以实验时，除记录弹簧秤的示数外，还要记下两条细绳的方向，以便确定两个拉力的方向，这样才能作出拉力的图示．步骤C中未记下两条细绳的方向；步骤E中未说明把橡皮条的结点拉到位置O．

(2)①[3].F在F1与F2组成的平行四边形的对角线上，为实验的理论值，用一个弹簧秤橡皮筋时，其弹力一定与橡皮筋共线，因此用弹簧秤直接测量值为F′，所以F不是由弹簧秤直接测得的．

②[4].由图示测力计可知，其分度值为1N，示数为9.0N；

12、C 顺时针 垂直纸面向外 B′ B0

【解析】

【分析】

【详解】

(1)[1]由题意可知，电流从电流计左边进时，指针左偏，右边进时，指针右偏，本实验目的是探究感应电流的方向，则进行上述实验的目的是推断电流计指针偏转方向与电流方向的关系，故选C；

(2)[2]电流计指针向右偏转，说明电流从电流计的右边（正接线柱）流入，则说明螺线管中的电流方向（从上往下看）是沿顺时针方向；

(3)[3]由题意可知，感应电流的方向为逆时针，由右手螺旋定则可知，感应电流的磁场方向垂直纸面向外；

(4)[4]由题意可知，理解楞次定律，关键在于抓住9976ccfdaaa57eb6f2d19bf7b258b366.png总是要阻碍c2c5bcd61609fef3c206d68b0945ee08.png磁通量的变化

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。

13、 (1) 345633ba45ed0708622d3430c3f3f3fa.png；fc8e88d4a246476f719f1339f015861d.png；(2)05097232223e90832d367c6440d06bc1.png

【解析】

【分析】

【详解】

(1)由题图乙读出单摆的振幅f0de61a5f7f262b4994fa6acd6c25c92.png，周期83cf6f140d5529b0c0bc422c1c3e1157.png

根据单摆的周期公式f2f25bd31ed438c87a23faffb8e4fa79.png得摆长

ca8614e7a68a80bf41765d1e35e5cecc.png

(2)根据机械能守恒定律

ac3e92f098defcc0a3441ec3445ed69e.png

d3731b75511674cda247971f9e4211b3.png

又因为7943b5fdf911af3ffcf9d8f738478e8a.png很小，故有

61cd15ac0034ebfde299b1673d72f37b.png

5d677f0ae00e9ff647776614ffa99bed.png

14、（1）800618943025315f869e4e1f09471012.png，（2）0.25，（3）738f144b1775be154d22e9640ce970ef.png。

【解析】

【详解】

（1）GH段的倾角θ=37°，滑块受到的重力：

mg=0.04N

电场力：

qE=0.03N

qEcosθ=mgsinθ=0.024N

故加速度a=0；

（2）滑块由C处释放，经挡板碰撞后第一次滑回P点的过程中，由动能定理得：

a3baf89c9f1870c13ce5d761e4bd00e0.png

解出：46d3bed9ad9f41391f86ea11d8a2f88c.png；

（3）该同学观点错误，滑块在CD段上受到的滑动摩擦力：

Ff=µmg=0.01N

小于0.03N的电场力，故不可能停在CD段；

滑块最终会在DGH间来回往复运动，到达D点的速度为0，全过程由动能定理得：

9baa6a9f64e196419a6c0a7b313e4ef2.png

解出：s=7344a16cd54fe8b2b3da2f97c6048abf.png=3L=2.4m。

15、 (1)1m/s2；(2)t=0.6s；(3)6N≤F≤26N；(4)x2=0.78m

【解析】

【分析】

【详解】

(1)若长木板C和小物块一起向右加速运动，设它们之间是静摩擦力为f，由牛顿第二定律得:

F=（M+mA）a

解得