课时跟踪检测(十七)　基因的自由组合定律

基础对点练——考纲对点·夯基础

考点一　基因自由组合定律

1．(2018·江苏扬州质检)下列细胞为生物体的体细胞，所对应生物体自交后代性状分离比为9 ：3 ：3 ：1的是(不考虑交叉互换)(　　)

解析：只有两对等位基因位于两对同源染色体上的杂合子，其自交后代才可产生9 ：3 ：3 ：1的性状分离比，C正确。

答案：C

2．如下图所示，某植株F1自交后代花色发生性状分离，下列不是其原因的是(　　)

A．F1能产生不同类型的配子

B．雌雄配子随机结合

C．减Ⅱ后期发生了姐妹染色单体的分离

D．减Ⅰ后期发生了同源染色体的分离和非同源染色体的自由组合

解析：在减数分裂形成配子时，等位基因随着同源染色体的分离而分离，从而形成不同类型的配子，雌雄配子随机结合，进而形成了一定的性状分离比；姐妹染色单体的分离导致相同基因的分离，不是后代发生性状分离的原因。

答案：C

3．据图分析，下列选项中不遵循基因自由组合定律的是(　　)

解析：A、a与D、d位于同一对同源染色体上，不能自由组合，同理B、B与C、c也不能自由组合。但位于不同对同源染色体上的基因可以自由组合。

答案：A

4．孟德尔利用假说—演绎法发现了遗传的两大定律。其中在研究两对相对性状的杂交实验时，属于演绎推理的是(　　)

A．F1表现显性性状，F1自交产生四种表现型不同的后代，比例是9 ：3 ：3 ：1

B．F1形成配子时，每对遗传因子彼此分离，不同对的遗传因子自由组合，F1产生四种比例相等的配子

C．F1产生数目和种类相等的雌雄配子，且雌雄配子结合机会相同

D．F1测交将产生四种表现型的后代，比例为1 ：1 ：1 ：1

解析：在假说—演绎中，测交实验的理论分析和预期结果属于演绎推理的内容。

答案：D

5．(2018·东北师大附中期末)某二倍体植物花瓣的大小受一对等位基因A、a控制，基因型为AA的植株表现为大花瓣，Aa小花瓣，aa无花瓣。花瓣颜色(红色和黄色)受另一对等位基因R、r控制，R对r为完全显性，两对基因独立遗传。下列有关叙述，错误的是(　　)

A．若基因型为AaRr的亲本自交，则子代共有9种基因型

B．若基因型为Aarr的亲本自交，则子代共有3种表现型

C．若基因型为AaRr与Aarr的亲本杂交，则子代是红色花瓣的植株占3/8

D．若基因型为AaRr的个体测交，则子代表现型有3种

解析：根据题意，由于控制花瓣大小与颜色的基因独立遗传，可以按照自由组合定律分析，且aa为无花瓣，也就无颜色之分。据此，若基因型为AaRr的亲本自交，则子代基因型种类为3×3＝9种，表现型种类为2×2＋1＝5种。若基因型为Aarr的亲本自交，则子代共有2种表现型。若基因型为AaRr与Aarr的亲本杂交，则子代是红色花瓣的植株所占比例为(3/4)×(1/2)＝3/8。若基因型为AaRr的个体测交，则子代表现型有红色小花瓣、黄色小花瓣与无花瓣3种。

答案：B

6．如图表示不同基因型豌豆体细胞中的两对基因及其在染色体上的位置，这两对基因分别控制两对相对性状，其中两种基因型的豌豆杂交，子代四种表现型的比例为3 ：3 ：1 ：1，这两种豌豆分别为(　　)

A．甲、乙　　　　　　　　B．甲、甲

C．甲、丁　 D．丙、丁

解析：甲植株(AaBb)与丁植株(Aabb)杂交，子代表现型比例为3 ：3 ：1 ：1。

答案：C

提能强化练——考点强化·重能力

7．(2018·江西赣州模拟)关于下列图解的理解，正确的是(　　)

A．基因自由组合定律的实质表现在图中的④⑤⑥

B．③⑥过程表示减数分裂过程

C．左图中③过程的随机性是子代Aa占1/2的原因之一

D．右图子代中aaBB的个体在aaB_中占的比例为1/16

解析：非同源染色体上的非等位基因的自由组合发生在减数分裂过程中，即图中的④⑤，A项错误；③⑥表示受精作用，B项错误；左图中③过程的随机性是子代Aa占1/2的原因之一，C项正确；右图子代中aaBB的个体占整个子代的比例为1/16，aaBb的个体占整个子代的比例为2/16，所以子代中aaBB的个体在aaB_中占的比例为1/3，D项错误。

答案：C

8．(2018·南京市统考)某种狗的毛色的遗传由位于非同源染色体上的两对等位基因(B和b、T与t)控制，其中白、黄、黑色三种色素在细胞内的转化途径如图所示。现选择基因型为BBTT和bbtt的两个品种进行杂交，得到F1，F1之间相互交配得F2。以下分析错误的是(　　)

A．F1测交后代的表现型，黑色 ：白色 ：黄色＝1 ：2 ：1

B．F2中的白色个体的基因型有6种

C．分析实验结果发现F2中性状分离比与理论值有差别，这可能是减数分裂过程中两对基因间发生了交叉互换

D．如果发现在某黑狗的背上长有一块“白斑”，则可能是b基因突变成了B基因

解析：据图分析可知，白色个体基因型为B－T－和B－tt，黑色个体基因型为bbT－，黄色个体基因型为bbtt，因此A、B选项正确；位于同源染色体非姐妹染色单体上的基因才能发生交叉互换，而本题中的两对等位基因位于非同源染色体上，不可能发生交叉互换，C错误；据题分析可知，如果黑色个体的部分体细胞中b基因突变成了B基因，则会形成“白斑”，D正确。

答案：C

9．(海淀模拟)将纯合的野鼠色小鼠与棕色小鼠杂交，F1代全部表现为野鼠色。F1个体间相互交配，F2代表现型及比例为野鼠色 ：黄色 ：黑色 ：棕色＝9 ：3 ：3 ：1。若M、N为控制相关代谢途径的显性基因，据此推测最合理的代谢途径是(　　)

解析：由F1的表现型可知：野鼠色为显性，棕色为隐性。F1雌雄个体间相互交配，F2出现野鼠色 ：黄色 ：黑色 ：棕色＝9 ：3 ：3 ：1，说明双显性为野鼠色，双隐性为棕色，M_N_为野鼠色，mmnn为棕色，只具有M或N(M_nn或mmN_)表现为黄色或黑色，A符合题意。

答案：A

10．(2018·衡阳模拟)某种蝴蝶紫翅(P)对黄翅(p)是显性，绿眼(G)对白眼(g)为显性，两对基因分别位于两对同源染色体上，生物小组同学用紫翅绿眼和紫翅白眼的蝴蝶进行杂交， F1出现的性状类型及比例如下图所示。下列说法不正确的是(　　)

A．上述亲本的基因型是PpGg×Ppgg

B．F1紫翅绿眼个体自交(基因型相同个体间的交配)，相应性状之比是15 ：5 ：3 ：1

C．F1紫翅白眼个体自交(基因型相同个体间的交配)，其中纯合子所占比例是2/3

D．F1紫翅绿眼个体与黄翅白眼个体交配，则后代相应性状之比是3 ：3 ：1 ：1

解析：根据紫翅 ：黄翅＝3 ：1，说明双亲控制该性状的基因都为杂合子(PP)；绿眼 ：白眼＝1 ：1，说明双亲控制该性状的基因为Gg和gg，因此双亲的基因型为PPGg×PPgg，故A正确；Gg自交，绿眼 ：白眼＝3 ：1，P_自交，出现黄翅的概率为2/3×1/4＝1/6，紫翅为1－1/6＝5/6，即紫翅 ：黄翅＝5 ：1，故F1的紫翅绿眼(P_Gg)个体自交后代表现型的比例为15 ：5 ：3 ：1，故B正确；同理F1的紫翅白眼(P_gg)自交，纯合子的概率为：1－2/3×1/2＝2/3，故C正确；F1的紫翅绿眼(P_Gg)与黄翅白眼(ppgg)杂交，后代表现型之比为2 ：2 ：1 ：1，故D错。

答案：D

11．(2018·洛阳一模)金鱼草正常花冠对不整齐花冠为显性，高株对矮株为显性，红花对白花为不完全显性，杂合状态是粉红花。三对性状独立遗传，如果纯合的红花、高株、正常花冠植株与纯合的白花、矮株、不整齐花冠植株杂交，在F2中具有与F1相同表现型的植株的比例是(　　)

A．3/32 B．3/64

C．9/32 D．9/64

解析：假设纯合的红花、高株、正常花冠植株基因型是AABBCC，纯合的白花、矮株、不整齐花冠植株基因型是aabbcc，F1基因型是AaBbCc，自交后F2中植株与F1表现型相同的概率是3/4×3/4×1/2＝9/32。

答案：C

大题冲关练——综合创新·求突破

12．(2018·开封一模)小麦有大、小穗和抗虫、不抗虫两对相对性状，控制两对性状的基因(分别用A、a和B、b表示)独立遗传，现有两组杂交的情况如下表，请分析回答：

(1)上述两对性状中，________是显性性状。

(2)杂交组合1的子代中，出现小穗抗虫和大穗抗虫植株的原因是________________________________________________________________________。

(3)杂交组合1的子代中，大穗不抗虫植株的基因型是________________________________________________________________________。

(4)若要利用亲本中的小麦品种获得可稳定遗传的大穗抗虫小麦，最简单的方法是利用________________自交。

(5)已知题中所给杂交组合1、2的亲本中，A的基因频率为40%，若它们的子一代中所有个体全部存活，则子一代群体中a的基因频率是______________。

解析：(1)具相对性状的两个亲本杂交，后代只表现一种性状，该性状为显性性状，由组合2可以判断，大穗是显性性状。相同性状的两个亲本杂交，后代出现新的性状，新出现的性状为隐性性状，由组合1可以判断，不抗虫是显性性状。(2)组合1中亲本是大穗不抗虫和小穗不抗虫，子代中出现小穗抗虫和大穗抗虫植株，原因是发生了基因重组。(3)组合1中亲本的基因型是AaBb、aaBb，子代中大穗不抗虫植株的基因型是AaBB、AaBb。(4)若要获得可稳定遗传的大穗抗虫小麦AAbb，最简单的方法是利用亲本中的大穗不抗虫乙(AABb)自交。(5)亲本中A的基因频率为40%，则a的基因频率是60%。由于子一代中所有个体全部存活，杂交不会改变基因频率，子一代群体的基因频率不会发生改变，a的基因频率是60%。

答案：(1)大穗、不抗虫　(2)基因重组　(3)AaBb、AaBB　(4)大穗不抗虫乙　(5)60%

13．(2018·兰州模拟)虎皮鹦鹉羽毛颜色的遗传机理如图所示，当个体基因型为aabb时，两种色素都不能合成，表现为白色。现有一只纯合绿色鹦鹉和一只纯合白色鹦鹉杂交得F1，再让F1雌雄个体随机交配得F2。请回答：

(1)控制鹦鹉羽毛颜色的基因在遗传上遵循________定律，请利用上述实验材料，设计一个杂交实验对你的观点加以验证。

实验方案：________________________________________________________________________。

预测结果：________________________________________________________________________。

(2)如果让F2表现型为绿色的鹦鹉自由交配，后代表现型及比例为________________________________________________________________________。

(3)如让杂合的黄色鹦鹉与杂合的蓝色鹦鹉杂交，且因某种因素的影响，后代中的白色鹦鹉全部死亡，则绿色鹦鹉所占的比例为________。

(4)如欲判断一只绿色雄性鹦鹉的基因型，应从绿色、蓝色、黄色、白色纯合子群体中选择____________________与其杂交：

①如后代全为绿色鹦鹉，则其基因型为AABB；

②如后代______________________，其基因型为AABb；

③如后代绿色 ：黄色为1 ：1，则其基因型为________；

④如后代______________________，其基因型为AaBb。

解析：(1)常用测交法验证控制动物性状的两对基因是否遵循基因自由组合定律。若F1(AaBb)与白色鹦鹉(aabb)杂交，后代出现四种表现型的鹦鹉，比例约为1 ：1 ：1 ：1，则控制鹦鹉羽毛颜色的基因在遗传上遵循自由组合定律。(2)F2表现型为绿色的鹦鹉基因型为A_B_(1/9AABB,2/9AABb,2/9AaBB,4/9AaBb)，其产生的配子AB＝4/9，Ab＝2/9，aB＝2/9，ab＝1/9，可借助棋盘法求得后代表现型及比例为绿色 ：蓝色 ：黄色 ：白色＝64 ：8 ：8 ：1。(3)如让杂合的黄色鹦鹉与杂合的蓝色鹦鹉杂交，即aaBb×Aabb→1绿色 ：1蓝色 ：1黄色 ：1白色(死亡)，其中绿色鹦鹉占1/3。(4)绿色雄性鹦鹉的基因型有四种可能：AABB、AaBB、AABb、AaBb，鉴定其基因型，可选择测交法，选择多只白色雌性鹦鹉与之杂交，分析子代表现型差异即可。

答案：(1)基因的自由组合(基因的分离和自由组合)　实验方案：用F1绿色鹦鹉和白色鹦鹉杂交　预测结果：杂交后代中鹦鹉羽色出现四种表现型：绿色、蓝色、黄色、白色，比例约为1 ：1 ：1 ：1　(2)绿色 ：蓝色 ：黄色 ：白色＝64 ：8 ：8 ：1

(3)1/3　(4)多只白色雌性鹦鹉　②绿色 ：蓝色＝1 ：1　③AaBB　④绿色 ：蓝色 ：黄色 ：白色＝1 ：1 ：1 ：1

2020版高考一轮复习：课时跟踪检测17 基因的自由组合定律