2021年中考物理一模试卷

发布时间：2020-11-01 16:34:32

2021年中考物理一模试卷

一、选择题

1．中国空军中个头最大，被称为“胖妞”的Y-20运输机，其起飞质量能达220t，航程大于7800km，曾在2020年2月13日驰援武汉，运送了大量医疗物资，如图所示。关于该运输机下列说法中正确的是（　　）

A．起飞时，飞行员相对于机舱是运动的

B．飞行时，机翼上方的空气流速较大，压强较大

C．轮胎上的花纹，着地时可以增大与地面的摩擦力

D．轮胎较多，停放时可以减小飞机对地面的压力

2．如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中

A．电流表的示数变小

B．电压表的示数变大

C．电压表的示数不变

D．电压表与电流表示数的比值变大

3．如图所示，将一个条形磁铁置于水平桌面上，电磁铁左端固定在竖直墙壁上并保持水平。当开关S闭合后，条形磁铁能保持静止状态，下列说法正确的是（　　）

A．条形磁铁受到的摩擦力的方向是水平向右的

B．条形磁铁受到的摩擦力的方向是水平向左的

C．在滑片P向上移动的过程中，电磁铁的磁性减弱

D．在滑片P向下移动的过程中，条形磁铁所受的摩擦力增大

4．如图所示，将滑动变阻器的滑片P从某一位置移动到另一位置，则电压表的示数由8V变为6V，电流表示数相应由0.4A变成0.6A，那么定值电阻R0的电功率改变量为(不计温度对电阻的影响，电源电压保持不变)(　　)

A．0.4W B．0.8W C．2W D．4W

5．常用智能手机是通过指纹开关S1或密码开关S2来解锁的，若其中任一方式解锁失败后，锁定开关S3均会断开而暂停手机解锁功能，S3将在一段时间后自动闭合而恢复解锁功能．若用灯泡L发光模拟手机解锁成功，则符合要求的模拟电路是

A． B． C． D．

6．如图所示，叠放在一起的A、B两物体在水平拉力F的作用下，沿水平方向起向右做勾速直线运动，下列说法正确的是　　

A．A、B之间无摩擦力

B．B受到A施加的摩擦力方向水平向右

C．A对B的压力与地面对B的支持力是一对作用力与反作用力

D．地面对B的支持力与B受到的重力是一对平衡力

7．共享单车是绿色环保的交通工具。用车前需手机扫码解锁，如强行开锁则会报警。下列电路中干电池的电压不变，是一个压敏电阻（阻值随所受压力增大而减小的变阻器）。是定值电阻，电路中还有一个带报警功能的电压表，当示数超过一定的值时自动报警。符合上述要求的电路是　　

A．

B．

C．

D．

8．用水银温度计测量热水温度时，温度计内水银液面慢慢升高，在“水银液面升高”的过程中，有关温度计内水银的物理量不变的是

A．温度 B．体积 C．密度 D．质量

9．下列选项中，有关物理学家和他的主要贡献，正确的是（　　）

A．首先发现电流磁效应的科学家是法拉第

B．首先发现电磁感应现象的科学家是奥斯特

C．首先提出“物体的运动不需要力来维持”的科学家是焦耳

D．首先测定太阳光是复色光的科学家是牛顿

10．传染病负压隔离病房的室内气压低于室外大气压。关于负压病房，下列说法正确的是（　　）

A．病房内处于真空状态 B．病房内的气压一定是1个标准大气压

C．病房内的空气可以通过门窗流向病房外 D．可以通过从病房内抽气实现负压

11．我国空间站将于2022年前后完成建造。关于空间站，以下说法正确的是（　　）

A．不受任何力 B．与地面通讯是利用电磁波

C．做匀速直线运动 D．在舱内可以用弹簧测力计测重力

12．下列对电磁现象说法正确的是（　　）

A．甲图中的刷卡机读出信息的原理是电磁感应现象，将电能转化为机械能

B．乙图中水位达到物块A时绿灯亮报警

C．丙图通电导体框在磁场中发生转动，原理是磁场对电流的作用

D．丁图中同时改变电流方向和磁场方向，可以改变导体的运动方向

13．将体积相同的实心小球A、B、C分别放入两个装有不同液体的相同容器中，静止时的情况如图所示。通过测量可知，两容器中液面相平，小球A、C露出液面的体积相同。下列说法正确的是（　　）

A．A、C两球所受的浮力相等 B．C小球所受的浮力大于重力

C．三个小球中密度最小的是C球 D．甲、乙两容器对桌面的压力相同

14．下列说法中，正确的是

A．内能较大的物体所含有的热量较多

B．温度高的物体具有的内能一定比温度低的物体多

C．热量总是由内能大的物体传递给内能小的物体

D．物体的内能增大时，可能是从外界吸收了热量，也可能是外界对物体做了功

15．如图是我国自主研发的新型深远海综合科考船“东方红3号”。该船在行驶时，水下20米外的鱼群都感觉不到，其低噪音控制指标已达全球最高级别。下列关于“低噪音”的说法正确的是（　　）

A．噪音不是由振动产生的 B．噪音不能传递能量

C．液体中不能传播噪音 D．从声源处减弱了噪音

16．关于热学知识，下列说法错误的是（）

A．所有物体的分子都在不停地做无规则运动

B．汽车的动力是由汽油机的做功冲程提供的

C．热量可以从内能小的物体传递给内能大的物体

D．升高相同的温度，比热容大的物体，吸收的热量多

17．如图所示，潜水员在不同深度的水中作业时，需要穿抗压能力不同的潜水服．针对这一现象，同学们经过讨论形成了下面四个问题，你认为最有探究价值且易于探究的科学问题是

A．为什么在不同深度要穿抗压能力不同的潜水服？

B．液体的压强与潜水员所处的位置有什么关系？

C．液体的压强与液体的深度是否有关？

D．液体的压强与液体的深度有什么关系？

18．2020年2月13日上午，运-20运输机抵达武汉天河机场，驰援武汉抗击疫情，这是我国国产大型运输机首次参加非战争军事行动。如图所示，是一架满载紧急医疗物资的运-20运输机停在水平面上的场景，下列说法正确的是（　　）

A．此时运输机所受重力和地面对它的支持力是一对平衡力

B．运输机的起落架有很多宽大的轮子是为了减少对地面的压力

C．运输机起飞时加速助跑，是为了获得更大的惯性，利于起飞

D．运输机升空过程中，机翼上方空气流动快，压强大

19．如图所示，分别用甲、乙两个滑轮组，在5 s内将重为100 N的物体G匀速提升2 m，每个滑轮的重均为10 N。不计绳重及摩擦，此过程中

A．F甲小于F乙

B．甲的机械效率小于乙的机械效率

C．F甲做的功小于F乙做的功

D．F甲做功的总功率等于F乙做功的总功率

20．下列对一些实验的描述不正确的是（　　）

A．在托里拆利实验中，若将玻璃管由竖直变成倾斜，则管内液体的高度将变大

B．研究光的反射规律时，旋转折转的光屏是为了探究反射光线入射光线和法线是否在同一个平面内

C．研究影响电阻大小的因素时，通过电流表的示数比较电阻大小

D．研究动能与质量的关系时，通过比较小木块被推动的距离来比较动能大小

21．“安全用电，珍爱生命”是同学们日常生活中必须具备的意识．下列有关安全用电的说法，不符合要求的是

A．电线和用电器达到使用寿命后要及时更换

B．输电线进户后，先后接总开关、电能表、保险装置

C．更换灯泡，移动电器前要先断开电源开关

D．雷雨天气不要到大树下避雨

22．如图所示的生活用具中，使用时属于费力杠杆的是（　　）

A．筷子

B．托盘天平

C．核桃夹

D．瓶起子

23．如图是电阻甲和乙的I—U图象，下列说法正确的是（　　）

A．甲的电阻始终比乙电阻小

B．乙的电阻随着电压的增大而增大

C．甲、乙并联电路电流为0.6A，乙的实际功率为0.4W

D．甲、乙串联在3V的电源上，电路的总功率为1.8W

24．2020年5月5日，长征五号B运载火箭成功首飞，拉开了中国空间站在轨建造任务的序幕。下列关于火箭发射说法正确的是（　　）

A．火箭进入太空后，惯性消失

B．火箭升空后，速度越来越大，惯性也越来越大

C．火箭升空后，重力势能增加，机械能不变

D．火箭加速升空过程，将内能转化为火箭的机械能

25．在卫生间里洗过热水澡后，室内的玻璃镜面变得模糊不清，过了一段时间镜面又变得清晰起来，镜面上发生的这两种现象的物态变化情况是（　　）

A．先汽化，后液化 B．先液化，后汽化 C．只有液化 D．只有汽化

26．在某次身体素质检测中，小文同学的部分测试结果如下，其中合理的是（　　）

A．体重50N

B．身高170dm

C．立定跳远成绩2.4m

D．百米短跑成绩7.5s

27．分别标有“6V 6W”和“6V 3W”的甲、乙两只灯泡，经实验测得其I－U特性曲线如图所示．现将甲、乙两灯并联在电路中，当两只灯泡的总电流为1A时，两只灯泡消耗的总功率是（）

A．3W B．4W C．4.5W D．6W

28．下列家用电器中不属于电热器的是（　　）

A．电炒锅 B．电熨斗 C．电冰箱 D．电暖箱

29．下列关于热现象说法正确的是（）

A．雪的形成是凝固现象，放热 B．露的形成是液化现象，吸热

C．霜的形成是凝华现象，放热 D．云的形成是汽化现象，吸热

30．如图是国内首个不用人为控制且能送货到家的无人快递车。它不仅能自动避让行人、车辆，还能乘电梯、叫门。下列关于无人快递车的说法正确的是（　　）

A．送货过程中，它的运动状态一定保持不变

B．以匀速行驶的快递车为参照物，车厢中的货物是运动的

C．若在行驶过程中所有力全部消失，它将做匀速直线运动

D．静止在水平地面时，所受重力和它对地面的压力是一对平衡力

二、实验题计算题

31．电学实验题：

在测量小灯泡电功率的实验中，电源电压为4.5V，小灯泡的额定电压为2.5V，小灯泡正常发光时的电阻约为10Ω。

①请你用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整。要求：当滑动变阻器的滑片向左移动时，连入电路的电阻变大；连线不得交叉__________。

②小红同学按同一电路连接好最后一根导线，灯泡立即发出明亮耀眼的光，并很快熄灭，检查后发现连线正确，请你找出她在实验中两个操作不当之处是：_________ ，_____________。

③小明同学闭合开关，移动滑片P到某一位置时，电压表示数（如图乙所示）为______V，若他想测量小灯泡的额定功率，应将图甲中滑动变阻器的滑片P向____________（选填“A”或“B”）端移动，使电压表的示数为2.5V。

④小明同学继续移动滑片P，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成图丙所示的I－U关系图像，根据图像信息，可计算出小灯泡的额定功率是__________W，还可以得出：小灯泡的实际功率随实际电压的增大而__________（选填“增大”、“减小”或“不变”）。

32．（7分）在“测定小灯泡的电功率”的实验中，已知电源电压为3V，小灯泡的额定电压为2.5V，小灯泡的电阻约为10Ω，滑动变阻器上标有“20Ω 1A”字样。

（1）请你用笔画线代替导线，将图的电路连接完整；

（2）连接好电路后，闭合开关，移动滑动变阻器滑片，发现小灯泡始终不亮，且电压表的示数接近3V，电流表的示数为0，则故障的原因可能是；

（3）故障排除后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片到某一点，电压表的示数如图甲所示，为

V，要测量小灯泡的额定功率，应移动滑片使电压表的示数为 V；

（4）当小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，电流表的示数为 A，小灯泡的额定功率是___________W。

33．小宝同学要测量一个小灯泡的电功率，已知电源电压是6V，小灯泡的额定电压是2.5V，灯丝电阻大约为10Ω，滑动变阻器的规格有A“10Ω1A”，B“20Ω 1.5A”

（1）为了测小灯泡的额定功率，滑动变阻器应选________（选填“A”或“B”）。请用笔画线代替导线帮小宝同学将图甲中的实物图连接完整，要求：滑片向右移动时灯变亮。

（2）故障排除后，为了测出小灯泡的额定功率，应调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为_____V，此时电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为_________W。

（3）为了考察同学们的能力，老师拿来了一个已知额定电流为0.2A，但额定电压未知的小灯泡，一个已知阻值为R的电阻和两个开关S1、S2，利用上面的部分器材为同学们设计了如图丙所示的电路来测量小灯泡的额定功率，请你将下列实验步骤补充完整；

①_____________（填开关S、S1、S2的通断情况），调节滑动变阻器的滑片使电压表的示数为__；

②闭合开关S、S2，断开S1，__________________（选填“适当调节滑动变阻器的滑片”“保持滑动变阻器的滑片不动”），读出电压表的示数为U；

③灯泡额定功率的表达式为：P=_______________．

34．（一）用下图所示的装置探究摩擦力跟接触面粗糙程度的关系。

（1）实验时，用弹簧测力计水平拉动木块，使它沿长木板做运动，根据知识，从而测出木块与长木板之间的滑动摩擦力。

（2）第一次实验中弹簧测力计的示数如图所示为 N，]分析表中数据可以得到的结论是。

实验次数

接触面情况

木块和长木板

木块和棉布

木块和毛巾

摩擦力/N

1．9

2．4

（3）实验结束后，小丽同学想探究摩擦力是否与接触面的大小有关，她用弹簧测力计测出木块在水平面上的摩擦力，然后将木块沿竖直方向锯掉一半，测得摩擦力的大小也变为原来的一半．她由此得出：当接触面的粗糙程度一定时，接触面越小，摩擦力越小。你认为她的结论正确吗？，理由是。

（二）襄襄和樊樊在“探究并联电路中干路电流与各支路电流有什么关系”时，利用一个开关、一个电流表、一个学生电源（有多个电压档位）、四个阻值不等的电阻以及若干条导线，进行了大胆地探究。如图所示是他们的实验电路图。

（1）他们的猜想是：（只写一种猜想）。

[进行实验]

（2）襄襄按照电路图正确地进行实验，在连接电路时开关处于；得到了表1中的实验数据。襄襄在实验中，是靠只改变而得到实验数据的：测量三次的目的是：。

（3）樊樊也按照上述同样的器材和同样的电路进行了实验，却得到了表2中的数据。樊樊在实验中是靠只改变而得到实验数据的。

（4）在襄襄同学另外在测量串联电路电压规律中测L2两端的电压时,为了节省实验时间,采用以下方法:电压表所接的B接点不动,只断开A接点,并改接到C接点上；瑞瑞同学用上面的方法能否测出L2两端的电压? 为什么?__ ．

35．小华做了以下电学实验．

（1）他用“伏安法”测电阻：

①请用笔画线代替导线，将图1所示的实物电路连接完整．

②在连接电路时，开关应______，滑动变阻器滑片P应位于____端（选填“A”或“B”）．

③闭合开关，移动变阻器的滑片P到某一位置，电压表的示数为1．5V，电流表的示数如图2所示，其示数为______A，则R的阻值是____Ω．实验中需要多次测量求平均值的目的________________．

（2）他想设计一个电路探究电流产生的热量与电流和电阻的关系．提供的器材是：图3所示的三个插有温度计的相同玻璃瓶（瓶内装有质量、温度相同的煤油，三根电阻丝的电阻大小关系为：R甲＝R乙＞R丙），还有一个滑动变阻器，一个单刀单掷开关，一个单刀双掷开关（符号），电源以及若干导线．

①本实验中通过观察___________比较电流产生的热量多少．

②请你选择合适的器材，设计一个不能拆装且合理的实验电路，在虚线框内画出实验电路图，并标出选择的电阻．

36．如图所示，在测定“小灯泡电功率”的实验中，电源电压为4.5 V，小灯泡额定电压为2.5 V、电阻约为10 Ω：

(1)请你用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整_________；

(2)小刚合理地连接好电路，并按正确的顺序操作，闭合开关后灯不亮，聪明的小刚猜想：

A．可能灯丝断了；

B．可能是变阻器开路；

C．可能是小灯泡短路。

请根据电表示数判断故障原因，并与故障对应的电压表示数为________。

(3)小叶同学闭合开关，移动滑片P到某一点时，电压表示数(如图乙所示)为________V；接着小向同学移动滑片P，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成图丙所示的I－U图像，根据图像信息，可计算出小灯泡的额定功率是________W。

【参考答案】***试卷处理标记，请不要删除

一、选择题

1．C

【解析】

【分析】

【详解】

A．起飞时，飞行员相对于机舱无相对位移，故是静止的，故A错误；

B．飞行时，机翼上方的空气流速较大，压强较小，上下机翼产生了压强差，故B错误；

C．轮胎上的花纹，着

解析：C

【解析】

【分析】

【详解】

A．起飞时，飞行员相对于机舱无相对位移，故是静止的，故A错误；

B．飞行时，机翼上方的空气流速较大，压强较小，上下机翼产生了压强差，故B错误；

C．轮胎上的花纹，着地时接触面的粗糙度较大，可以增大与地面的摩擦力，故C正确；

D．轮胎较多，与地面的接触面积较大，停放时可以减小飞机对地面的压强，故D错误。

故选C。

2．C

【解析】

【详解】

ABC．由图可知，电阻R1和变阻器R2并联，电流表测量通过R1的电流，电压表测量电源的电压，将滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中，电压表测量电源电压，保持不变，在并联电路中，

解析：C

【解析】

【详解】

ABC．由图可知，电阻R1和变阻器R2并联，电流表测量通过R1的电流，电压表测量电源的电压，将滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中，电压表测量电源电压，保持不变，在并联电路中，各支路互不影响，移动滑动变阻器时，通过R1的电流是不变的，即电流表示数不变，故C符合题意，AB不符合题意；

D．电压表与电流表示数的比值等于R1的阻值，保持不变，故D不符合题意。

3．B

【解析】

【分析】

【详解】

AB．由安培定则可知，右手握住螺线管，四指指向电流的方向，大拇指指向螺线管的右侧，即右侧为N极，左侧为S极，因为名磁极相互排斥，条形磁铁所受磁场力向右，有向右的运动

解析：B

【解析】

【分析】

【详解】

AB．由安培定则可知，右手握住螺线管，四指指向电流的方向，大拇指指向螺线管的右侧，即右侧为N极，左侧为S极，因为名磁极相互排斥，条形磁铁所受磁场力向右，有向右的运动趋势，所受摩擦力水平向左，故A错误，B正确；

C．当开关S闭合，电路中滑动变阻器的滑片P逐渐向上移动时，接入电路中的电阻变小，由可知，电路中的电流变大，电磁铁的磁性变强，故C错误；

D．当开关S闭合，电路中滑动变阻器的滑片P逐渐向下移动时，接入电路中的电阻变大，由可知，电路中的电流变小，电磁铁的磁性变弱；因为条形磁铁始终静止，处于平衡状态，受到的磁场力和摩擦力是一对平衡力，故条形磁铁受到摩擦力将变小，故D错误。

故选B。

4．C

【解析】

【分析】

【详解】

由电路图可知，电阻R0与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，设电源电压为U，根据串联电路的总电压等于各部分电压之和，有

①

②

①②可得

U=12V，R0

解析：C

【解析】

【分析】

【详解】

由电路图可知，电阻R0与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，设电源电压为U，根据串联电路的总电压等于各部分电压之和，有

①

②

①②可得

U=12V，R0=10Ω

定值电阻R0的电功率改变量为

5．C

【解析】

【分析】

【详解】

由题意知开关S1或开关S2均可接通电路，所以S1、S2并联，开关S3断开手机解锁功能暂停，说明S3位于电路干路．故C项符合题意；

解析：C

【解析】

【分析】

【详解】

由题意知开关S1或开关S2均可接通电路，所以S1、S2并联，开关S3断开手机解锁功能暂停，说明S3位于电路干路．故C项符合题意；

6．B

【解析】

【分析】

【详解】

A．对A研究：水平方向受到水平力F，由平衡条件得知：B对A有水平向左的静摩擦力。故A错误；

B．根据力的相互性可知，B受到A的摩擦力与A所受的静摩擦力方向相反，即水

解析：B

【解析】

【分析】

【详解】

A．对A研究：水平方向受到水平力F，由平衡条件得知：B对A有水平向左的静摩擦力。故A错误；

B．根据力的相互性可知，B受到A的摩擦力与A所受的静摩擦力方向相反，即水平向右。故B正确；

C．A对B的压力与地面对B的支持力不是两个物体之间的相互作用，不是一对作用力与反作用力，故C错误；

D．地面对B的支持力要大于B受到的重力，不是一对平衡力，故D错误。

故选B。

7．C

【解析】

【分析】

【详解】

A．由电路图可知，与串联，电压表测两端的电压，由题意可知，当压力增大时，压敏电阻的阻值减小，由串联电路的分压特点可知，两端的电压减小，即电压表的示数减小，电压表示数

解析：C

【解析】

【分析】

【详解】

A．由电路图可知，与串联，电压表测两端的电压，由题意可知，当压力增大时，压敏电阻的阻值减小，由串联电路的分压特点可知，两端的电压减小，即电压表的示数减小，电压表示数不会超过一定的值时自动报警，故A不符合题意；

B．由电路图可知，与串联，电压表测电源两端的电压，根据电源的电压不变可知，当压力增大时，电压表的示数不变，电压表示数不会超过一定的值时自动报警，故B不符合题意；

C．由电路图可知，与串联，电压表测两端的电压，由题意可知，当压力增大时，压敏电阻的阻值减小，由串联电路的分压特点可知，两端的电压减小，根据串联电路的电压特点可知，两端的电压增大，即电压表的示数增大，电压表示数会超过一定的值时自动报警，故C符合题意；

D．由电路图可知，与并联，电压表测电源两端的电压，根据电源的电压不变可知，当压力增大时，电压表的示数不变，电压表示数不会超过一定的值时自动报警，故D不符合题意。

故选C。

8．D

【解析】

【分析】

【详解】

A．“水银液面升高”是由于水银吸热，温度上升，发生“热胀冷缩”现象造成的，故A不符合题意；

B．“水银液面升高”说明水银柱的长度增大，而温度计内径几乎不变，即水银的

解析：D

【解析】

【分析】

【详解】

A．“水银液面升高”是由于水银吸热，温度上升，发生“热胀冷缩”现象造成的，故A不符合题意；

B．“水银液面升高”说明水银柱的长度增大，而温度计内径几乎不变，即水银的体积变大，故B不符合题意；

C．水银的密度随温度的升高而变小，因此在“水银液面升高”的过程中，密度变小，故C不符合题意；

D．水银柱被密封在温度计内，在“水银液面升高”的过程中，水银的量没有发生变化，即质量不变，故D符合题意；

故选D。

9．D

【解析】

【分析】

根据掌握的物理学家在物理上的主要贡献及物理学史回答此题。

【详解】

A．首先发现电流磁效应的科学家是丹麦物理学家奥斯特；故A错误；

B．首先发现电磁感应现象的科学家是英国物理

解析：D

【解析】

【分析】

根据掌握的物理学家在物理上的主要贡献及物理学史回答此题。

【详解】

A．首先发现电流磁效应的科学家是丹麦物理学家奥斯特；故A错误；

B．首先发现电磁感应现象的科学家是英国物理学家法拉第；故B错误；

C．伽利略最早提出“物体的运动不需要力来维持”，并用斜面实验结合推理对这一观点进行了验证；故C错误；

D．太阳光并不是单色光，它是由红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫七种颜色的光混合而成的复色光，这是光的色散现象，是牛顿首先测定的；故D正确。

故选D。

10．D

【解析】

【分析】

【详解】

A．病房内有病人，需要呼吸，所以病房内不是真空状态，故A错误；

BCD．如果病房内的压强大于室外，病房内的空气就会流出，造成病毒扩散，只有外面的气压大于里面的气压，

解析：D

【解析】

【分析】

【详解】

A．病房内有病人，需要呼吸，所以病房内不是真空状态，故A错误；

BCD．如果病房内的压强大于室外，病房内的空气就会流出，造成病毒扩散，只有外面的气压大于里面的气压，室内的被污染的空气才不会流到室外，如果通过从病房内抽气实现负压，那么室外的新鲜空气就可以流入室内，因此负压病房的气压比病房外的气压低，可以防止病房内的空气向病房外自由流动，故BC错误，D正确。

故选D。

11．B

【解析】

【分析】

【详解】

A．根据万有引力定律，空间站会受到地球对它的引力作用，所以并不是不受任何力，故A选项错误；

B．空间站要与地面通讯需要利用电磁波，故B选项正确；

C．空间站会围绕地

解析：B

【解析】

【分析】

【详解】

A．根据万有引力定律，空间站会受到地球对它的引力作用，所以并不是不受任何力，故A选项错误；

B．空间站要与地面通讯需要利用电磁波，故B选项正确；

C．空间站会围绕地球做圆周运动，故C选项错误；

D．因为舱内物体处于失重状态，所以不能用弹簧测力计测重力，故D选项错误。

故选B。

12．C

【解析】

【分析】

【详解】

A．将带有磁条的信用卡在刷卡位置刷一下，检测头的线圈中就会产生变化的电流，POS刷卡机读出信息原理就是电磁感应现象，将机械能转化为电能，故A错误；

B．由图示电路图

解析：C

【解析】

【分析】

【详解】

B．由图示电路图可知，当水位达到金属块A时，控制电路接通；电磁铁中有电流，会吸引衔铁下移，红灯接入电路，红灯亮，绿灯断路，绿灯不亮，实现报警，故B错误；

C．丙图中电路通电后，导体框在磁场中发生转动，这说明通电导体在磁场中受到力的作用，其原理是磁场对电流的作用，故C正确；

D．丁图中同时改变电流方向和磁场方向，则导体的受力方向不变，运动方向不变，故D错误。

故选C。

13．C

【解析】

【分析】

【详解】

A．已知小球A、C的体积相同，且露出液面的体积相同，因此A、C两球排开液体的体积相等；又因为液体的密度不同，所以由可知，A、C两球所受的浮力不相等，故A错误；

B．

解析：C

【解析】

【分析】

【详解】

B．因为C球漂浮，因此C小球所受的浮力等于重力，故B错误；

C．根据图示可知，B在甲中悬浮，B在乙中沉底，因此B球的密度与甲液体的密度相等，大于乙液体的密度，因此甲液体的密度大于乙液体的密度；因为A排液体积和C排液体积相等，根据阿基米德原理，则A球受到的浮力大于C球受到的浮力；又因为小球A、C均漂浮，所以，A球和C球受到的浮力均等于自身重力，所以A球重大于C球重，根据，则A球质量大于C球质量，A球和C球体积相等，由密度公式可知，A球的密度大于C球密度；A在甲液体中漂浮，则A球密度小于甲液体的密度，B球密度等于甲液体密度，则A球密度小于B球密度，综上可知，C球密度最小。故C正确；

D．根据题意可知，甲乙液体的体积相等，且甲液体的密度大于乙液体的密度，由密度的变形公式可得，甲液体的质量大于乙液体的质量，故甲液体的重力大于乙液体的重力；又因为

且

由密度的变形公式可得

由可得

由于甲乙容器的重力相等，而甲、乙两容器对桌面的压力等于液体、小球和容器的总重力，综合上述分析可知

故

即甲、乙两容器对桌面的压力不相同，故D错误。

故选C。

14．D

【解析】

【分析】

【详解】

A、热量是一个过程量，不能用“含有”来修饰，故A错误；

B、物体的内能不仅与物体的温度有关，还与质量、状态有关，所以温度高的物体具有的内能不一定多，故B错误；

C、

解析：D

【解析】

【分析】

【详解】

A、热量是一个过程量，不能用“含有”来修饰，故A错误；

B、物体的内能不仅与物体的温度有关，还与质量、状态有关，所以温度高的物体具有的内能不一定多，故B错误；

C、热量总是由温度高的物体传递给温度低的物体，或由物体的高温部分传递到低温部分，故C错误；

D、做功和热传递都能改变物体的内能，物体的内能增大了，可能通过热传递吸收了热量，也可能是外界对它做了功，故D正确．

15．D

【解析】

【分析】

【详解】

A．物体振动产生声音，噪音也是由振动产生的，故A错误；

B．噪音也是声音，声音能够传递能量，故B错误；

C．声的传播需要介质，液体能够传播噪音，故C错误；

D．综合

解析：D

【解析】

【分析】

【详解】

A．物体振动产生声音，噪音也是由振动产生的，故A错误；

B．噪音也是声音，声音能够传递能量，故B错误；

C．声的传播需要介质，液体能够传播噪音，故C错误；

D．综合科考船“东方红3号”是在声源处减弱噪声，故D正确。

故选D。

16．D

【解析】

【分析】

【详解】

A．一切物质的分子都在不停地做无规则的运动，故A正确，不符合题意；

B．汽车的做功冲程将内能转化为机械能，为汽车提供动力，故B正确，不符合题意；

C．热量只能从温度

解析：D

【解析】

【分析】

【详解】

A．一切物质的分子都在不停地做无规则的运动，故A正确，不符合题意；

B．汽车的做功冲程将内能转化为机械能，为汽车提供动力，故B正确，不符合题意；

C．热量只能从温度高的物体传向温度低的物体，温度高的物体内能可能小，故热量可以从内能小的物体传递给内能大的物体，故C正确，不符合题意；

D．根据Q=cm△t知，质量相同的物体、升高相同的温度，比热容大的物体，吸收的热量多，故D错误，符合题意；

故选D。

17．D

【解析】

【分析】

【详解】

根据p=ρgh，在一定深度内，我们把海水的密度看做基本不变，当潜水员在海水下越深时，深度h越大，受到海水对他的压强就越大，穿的潜水服的抗压能力就要越强，所以潜水员在

解析：D

【解析】

【分析】

【详解】

根据p=ρgh，在一定深度内，我们把海水的密度看做基本不变，当潜水员在海水下越深时，深度h越大，受到海水对他的压强就越大，穿的潜水服的抗压能力就要越强，所以潜水员在不同深度潜水时要穿不同的潜水服，其实质是液体压强与深度的关系造成的，在各选项问题中，最具有探究价值且易于探究的科学问题是“液体的压强与液体的深度有什么关系？”．

故答案为D．

18．A

【解析】

【分析】

【详解】

A．停在水平面上的运输机所受重力和地面对它的支持力是一对大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在同一物体上的平衡力，故A正确；

B．运输机的起落架有很多宽大的轮

解析：A

【解析】

【分析】

【详解】

A．停在水平面上的运输机所受重力和地面对它的支持力是一对大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在同一物体上的平衡力，故A正确；

B．运输机的起落架有很多宽大的轮子是通过增大受力面积来减少对地面的压强，故B错误；

C．惯性的大小只跟物质的质量有关，跟速度无关，故C错误；

D．运输机升空过程中，机翼上方空气流动快，压强小；下方空气流速相对小一些，压强大，故D错误。

故选A。

19．D

【解析】

【分析】

【详解】

A．不计绳重及摩擦，拉力

F（GG轮），n甲＝2，n乙＝3

又因为物重均为100N，动滑轮重均为10N，所以绳子受的拉力

F甲>F乙

故A错误

B.因为动滑轮重相同

解析：D

【解析】

【分析】

【详解】

A．不计绳重及摩擦，拉力

F（GG轮），n甲＝2，n乙＝3

又因为物重均为100N，动滑轮重均为10N，所以绳子受的拉力

F甲>F乙

故A错误

B.因为动滑轮重相同，提升的物体重和高度相同

W额G轮h，W有用＝G物h

所以利用滑轮组做的有用功相同、额外功相同，总功相同，因为

所以滑轮组的机械效率相同，即

η甲＝η乙。故B错误；

C．不计绳重及摩擦，拉力做的功

W甲＝F甲s甲（GG轮）×2h＝（G物G轮）h＝（100N+10N）×2m＝220J

W乙＝F乙s乙（GG轮）×3h＝（G物G轮）h＝（100N10N）×2m＝220J

所以

W甲＝W乙

故C错误；

D．因为两次所做的功

W甲＝W乙＝220J

由功率公式得

P甲44W，P乙44W

则P甲＝P乙，故D正确。

故选D。

【点睛】

由滑轮组的结构知道承担物重的绳子股数n，则绳子自由端移动的距离s＝nh；把相同的重物匀速提升相同的高度，做的有用功相同；不计绳重及摩擦，利用相同的滑轮和绳子、提升相同的高度，做额外功相同；而总功等于有用功加上额外功，可知利用滑轮组做的总功相同，再根据效率公式判断滑轮组机械效率的大小关系，得出做功的多少，再利用功率的公式比较功率的大小。

20．A

【解析】

【分析】

【详解】

A．玻璃管倾斜后，由于大气压强不变，大气压强支撑的水银柱的高度不变，故管内液体的高度不变，A选项错误，A选项符合题意；

B．旋转光屏后，若光屏上没有反射光线，说明反

解析：A

【解析】

【分析】

【详解】

A．玻璃管倾斜后，由于大气压强不变，大气压强支撑的水银柱的高度不变，故管内液体的高度不变，A选项错误，A选项符合题意；

B．旋转光屏后，若光屏上没有反射光线，说明反射光线和入射光线和法线共面，故B选项正确，符合题意；

C．研究影响电阻大小的因素，可以用电流表的示数间接反应电阻的大小，电阻即对电流的阻碍作用，电阻越大，电流越小，故C选项正确，C选项不符合题意；

D．研究动能与质量的关系时，动能越大，推动小木块移动的距离越远，故可以通过比较小木块被推动的距离来比较动能大小，故D选项正确，D选项不符合题意。

故选A。

21．B

【解析】

【分析】

【详解】

A. 电线和家用电器达到使用寿命应及时更换，避免因线路老化造成短路，故A正确；B. 输电线进户后首先接到电能表上，后面依次是总开关、保险装置，故B错误．

C. 更换

解析：B

【解析】

【分析】

【详解】

C. 更换灯泡、搬动电器时容易碰到金属部分，切断电源可以保证金属部分不带电，故C正确；D. 在大树下避雨，因为大树和人体都是导体，雷电极易通过突起的大树传向人体，而造成雷击事故，故D正确．故选B．

22．A

【解析】

【分析】

【详解】

A．筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；

B．托盘天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，不省力也不费力；

C．核桃夹在使用过程中，动力臂大于阻

解析：A

【解析】

【分析】

【详解】

A．筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；

B．托盘天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，不省力也不费力；

C．核桃夹在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；

D．瓶起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆。

故选A。

23．C

【解析】

【分析】

(1)根据图象可知甲和乙两端的电压均为2.5V时通过它们的电流相等，根据欧姆定律可知它们的电阻相等。

(2)根据图象读出几组通过乙的电流以及对应的电压，根据欧姆定律求出对应的

解析：C

【解析】

【分析】

(1)根据图象可知甲和乙两端的电压均为2.5V时通过它们的电流相等，根据欧姆定律可知它们的电阻相等。

(2)根据图象读出几组通过乙的电流以及对应的电压，根据欧姆定律求出对应的电阻，然后得出乙的电阻随电压的变化规律。

(3)甲、乙并联电路电流为0.6A时，它们两端的电压相等，且干路电流等于各支路电流之和，根据图象读出符合要求的电流与电压，根据求出乙的实际功率。

(4)甲、乙串联在3V的电源上时，通过它们的电流相等，且总电压等于各分电压之和，根据图象读出符合要求的电流与电压，根据求出电路的总功率。

【详解】

A．由图象可知，当甲和乙两端的电压均为2.5V时，通过它们的电流均为0.5A，由的变形式可知，两者的电阻相等，故A错误；

B．由图象可知，当乙两端的电压分别为1.5V、2V、2.5V时，通过的电流依次为0.1A、0.2A、0.5A，由可得对应的电阻依次为15Ω、10Ω、5Ω，所以乙的电阻随着电压的增大而减小，故B错误；

C．甲、乙并联电路电流为0.6A时，它们两端的电压相等，且干路电流等于各支路电流之和，根据图象可知，当、、时符合，则乙的实际功率

故C正确；

D．甲、乙串联在3V的电源上时，通过它们的电流相等，且总电压等于各分电压之和，根据图象可知，当、、时符合，则电路的总功率

故D错误。

故选C。

24．D

【解析】

【分析】

【详解】

A．一切物体都有惯性，火箭进入太空后，仍然具有惯性，故A错误；

B．惯性的大小只与物体的质量有关，火箭升空后，质量不变，惯性不变，故B错误；

C．火箭升空后，质量不

解析：D

【解析】

【分析】

【详解】

A．一切物体都有惯性，火箭进入太空后，仍然具有惯性，故A错误；

B．惯性的大小只与物体的质量有关，火箭升空后，质量不变，惯性不变，故B错误；

C．火箭升空后，质量不变，速度增大，动能增大；高度增大，重力势能增大；因机械能等于动能与势能之和，则火箭的机械能也增大，故C错误；

D．火箭加速升空过程中，将燃料燃烧释放的内能转化为火箭的机械能，故D正确。

故选D。

25．B

【解析】

【分析】

【详解】

在卫生间里洗过热水澡后，室内的水蒸气温度较高，在较冷的玻璃镜面上发生了液化现象，变成水，附着在玻璃镜面上．过了一段时间，玻璃镜面上的水又变为水蒸气，发生汽化现象．正

解析：B

【解析】

【分析】

【详解】

在卫生间里洗过热水澡后，室内的水蒸气温度较高，在较冷的玻璃镜面上发生了液化现象，变成水，附着在玻璃镜面上．过了一段时间，玻璃镜面上的水又变为水蒸气，发生汽化现象．正确的选择是B．

26．C

【解析】

【分析】

【详解】

A．中学生的质量在50kg左右，受到的重力大约为

G=mg=50kg×10N/kg=500N

左右。此选项不合理；

B．成年人的身高在170cm左右，中学生的身高接

解析：C

【解析】

【分析】

【详解】

A．中学生的质量在50kg左右，受到的重力大约为

G=mg=50kg×10N/kg=500N

左右。此选项不合理；

B．成年人的身高在170cm左右，中学生的身高接近成年人，在170cm=17dm左右。此选项不合理；

C．中学生立定跳远的成绩在2.4m左右。此选项合理；

D．男子百米世界纪录略小于10s，中学生百米短跑成绩在16s左右。此选项不合理。

故选C。

27．A

【解析】

【分析】

【详解】

由题意知，两灯泡并联，则它们两端的电压相等，且两个灯泡的电流之和为1A，由图象知，当两灯泡两端的电压为3V，通过甲灯泡的电流为0.6A，通过乙灯泡的电流为0.4A时

解析：A

【解析】

【分析】

【详解】

由题意知，两灯泡并联，则它们两端的电压相等，且两个灯泡的电流之和为1A，由图象知，当两灯泡两端的电压为3V，通过甲灯泡的电流为0.6A，通过乙灯泡的电流为0.4A时符合，

则两个灯泡消耗的总功率为：

P=UI=3V×1A=3W．

故选A．

28．C

【解析】

【分析】

【详解】

电能的消耗全部产生热量的用电器就是电热器，电炒锅、电熨斗和电暖箱都是利用电热工作的，不属于电热器的是电冰箱。

故选C。

解析：C

【解析】

【分析】

【详解】

电能的消耗全部产生热量的用电器就是电热器，电炒锅、电熨斗和电暖箱都是利用电热工作的，不属于电热器的是电冰箱。

故选C。

29．C

【解析】

A．雪是空气中的水蒸气遇冷由气态直接变为固态发生凝华形成的，凝华放热，故A错误．

B．露是空气中的水蒸气遇冷液化形成的，液化放热，故B错误．

C．霜是水蒸气由气态直接变为固态凝华形成的

解析：C

【解析】

A．雪是空气中的水蒸气遇冷由气态直接变为固态发生凝华形成的，凝华放热，故A错误．

B．露是空气中的水蒸气遇冷液化形成的，液化放热，故B错误．

C．霜是水蒸气由气态直接变为固态凝华形成的，凝华放热，故C正确．

D．云的形成是液化现象，液化放热，故D错误．

答案为C．

点睛：解决此类问题的关键是分清物质变化前后的状态，正确认识物态变化的类型．

30．C

【解析】

【分析】

【详解】

A．无人快递车它不仅能自动避让行人、车辆，还能乘电梯、叫门，其速度大小和方向发生了改变，运动状态发生了变化，故A错误；

B．以匀速行驶的快递车为参照物，车厢中的货物

解析：C

【解析】

【分析】

【详解】

A．无人快递车它不仅能自动避让行人、车辆，还能乘电梯、叫门，其速度大小和方向发生了改变，运动状态发生了变化，故A错误；

B．以匀速行驶的快递车为参照物，车厢中的货物相对参照物的位置没有发生变化，故是静止的，故B错误；

C．若在行驶过程中所有力全部消失，根据牛顿第一定律，它将做匀速直线运动，故C正确；

D．静止在水平地面时，所受重力和它对地面的压力方向都是竖直向下，故不是一对平衡力，故D错误。

故选A。

二、实验题计算题

31．图略连接电路时未断开开关未将滑动变阻器滑片滑到阻值最大处 2.2 右 (B) 0.5 增大

【解析】①灯泡的额定电流大约为：I=U/R=2.5V/10Ω=0.25A，因此电压表选择0～0.6A的量程；将电流表的0.6A接线柱与灯泡的左接线柱相连；将滑动变阻器的B接线柱与开关的右接线柱相连，如下图所示：

②连接好最后一根导线，灯泡立即发光，说明在连接电路过程中开关没有断开；发出明亮耀眼的光并很快熄灭，说明电路中的电流太大了，把灯丝烧断了，这是由于滑动变阻器的滑片没有移到最大阻值处造成的；

③由电路图可知，电压表量程是0～3V，分度值是0.1V，电压表示数是2.2V，小于灯泡额定电压2.5V，要使灯泡正常发光，需减小滑动变阻器两端电压，因此需减小滑动变阻器接入电路的阻值，故将滑片向右端移动，直到电压表的示数为2.5V为止；

④由I-U图象可知，灯泡额定电压2.5V所对应的电流是0.2A，灯泡额定功率P=UI=2.5V×0.2A=0.5W；由I-U图象可知，随灯泡电压的增大，灯泡电流增大，灯泡实际功率P=UI增大。

32．（1）如下图所示；（2）小灯泡灯丝断了；（3）2.2 2.5 （4）0.6

【解析】

试题分析：（1）连线如上图所示；（2）出现此种现象的原因就是电路和不通，由于电压表有示数，所以只能是小灯泡灯丝断了；（3）由图示可知，电压表的示数为2.2V，要测量小灯泡的额定功率，电压表的示数要等于额定电压，所以应移动滑片使电压表的示数为2.5V才行；（4）由图示可知电流表的读数为0.24A，所以可求出小灯泡的额定功率为：P=UI=0.6W。

考点：测小灯泡的额定功率

33． B 2.5 、 0.95 闭合开关S、S 0.2R 保持滑动变阻器的滑片不动 0.2A×（U﹣0.2R）

【解析】（1）电源电压是6V，小灯泡的额定电压是2.5V＜3V，灯丝电阻大约为10Ω，灯正常工作时的电流大小：I=UL/RL＝2.5V/10Ω=0.25A＜0.6A，电流表选用小量程，灯正常发光时，变阻器分得的电压U滑 =U-UL =6V-2.5V=3.5V，变阻器连入电路中的电阻：R滑 =U滑/I＝3.5V/0.25A=14Ω，考虑到电阻和变阻器允许通过的最大电流，应选用B规格的变阻器；因要求滑片向右移动时灯变亮，即电流变大，电阻变小，即滑片以右电阻丝连入电路中，电流表、电压表选用小量程，电流表串联在电路中，电压表与灯并联，如下所示：

（2）灯在额定电压下的功率为额定功率，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为2.5V，此时电流表的示数如图乙所示，图中电流表分度值为0.02A，示数为0.38A，则小灯泡的额定功率PL =UL I=2.5V×0.38A=0.95W；泡额定电压为3.8V，电压表选0～15V量程，把滑动变阻器串联接入电路，电压表并联在灯泡两端，实物电路图如图所示：

（3）①只闭合开关S、S1 ，调节滑动变阻器的滑片使电压表的示数为 0.2A×R；

②闭合开关S、S2 ，断开S1 ，保持滑动变阻器的滑片不动，读出电压表的示数为U；

③在上面的操作过程中，电路的连接关系不变，滑片的位置不动，各用电器的电压不变，灯仍正常发光，故灯的额定电压为UL额 =U-0.2A×R，灯泡额定功率的表达式为：P=IL额 ×UL额 =0.2A×（U-0.2A×R）。

34．（1）匀速直线二力平衡 1．2 压力一定时，接触面越粗糙，受到的摩擦力越大

不正确没有控制压力不变；

（2）并联电路中，干路电流等于各支路电流之和断开 R1电阻大小多次测量，避免实验偶然性，寻找普遍规律；电源电压不可以，电压表正负接线柱接反了

【解析】

试题分析：（一）（1）实验时，我们利用二力平衡的知识，使水平方向的摩擦力等于弹簧测力计的示数，因此必须水平匀速直线拉动木块；

（2）弹簧测力计的量程是5N，分度值是0．2N，示数为1．2N；

分析表中数据可以得到，压力一定时，接触面越粗糙，受到的摩擦力越大；

（3）因为有压力大小、接触面的粗糙程度影响摩擦力的大小，因此如果想探究摩擦力是否与接触面的大小有关，她应该控制压力大小和接触面的粗糙程度一定，但她沿竖直方向锯掉一半时，压力大小改变了，因此没有控制压力一定，因此实验是错误的；

（二）（1）他们的猜想是：并联电路中，干路电流等于各支路电流之和；

（2）在连接实验电路时开关处于断开，避免接通最后一根导线时，电路中有电流；

表1中的实验数据，第二条支路电流没有变化，说明襄襄在实验中，是靠只改变R1电阻大小，而得到实验数据的：测量三次的目的是：多次测量，避免实验偶；

（3）樊樊得到了表2中的数据，三次实验中，R1和R2的电流成倍数增大，说明樊樊在实验中是靠只改变电源电压得到实验数据的；

（4）在测量串联电路电压规律中测L2两端的电压时，将电压表所接的B接点不动，只断开A接点，并改接到C接点上，是不对的，电压表的正负极接线柱接反了。

考点：探究摩擦力跟接触面粗糙程度的实验探究干路电流与支路电流的关系实验

35．（1）①

② 断开 B ③0．3 5 减小误差

（2）①温度计（上升）的示数 ②

【解析】

试题分析：（1）①伏安法测电阻，电压表应并联在未知电阻两端，连线如上图．②连接电路时开关应断开，滑动变阻器滑片置于阻值最大位置，如题图，远离滑动变阻器下接线柱，位于B端．③电流表示数为0．3A．电阻R的阻值，实验中多次测量求平均值来减小误差．（2）①由题知，实验中电阻丝产生热量的多少转化为同质量煤油温度的变化，故本实验通过观察温度计示数的变化比较电流产生热量的多少．②根据控制变量法，在探究电流产生的热量与电阻的关系时，应使电流的大小相同，使用两个阻值不同的电阻，故选用R甲、R丙，将它们串联．为了探究与电流的关系，R甲与R丙串联后，再与R乙并联，比较R甲与R乙可探究产生的热量与电流的关系．实验电路图如上图．