[6套合集]江苏省宿迁中学2020中考提前自主招生数学模拟试卷附解析
发布时间:2019-10-21 12:40:33
发布时间:2019-10-21 12:40:33
中学自主招生数学试卷
一.选择题(满分30分,每小题3分)
1.估计﹣2的值在( )
A.0到l之间 B.1到2之问 C.2到3之间 D.3到4之间
2.已知图中所有的小正方形都全等,若在右图中再添加一个全等的小正方形得到新的图形,使新图形是中心对称图形,则正确的添加方案是( )
A. B.
C. D.
3.下列计算正确的是( )
A.3x2﹣2x2=1 B. += C.x÷y•=x D.a2•a3=a5
4.如图,已知直线AB、CD被直线AC所截,AB∥CD,E是平面内任意一点(点E不在直线AB、CD、AC上),设∠BAE=α,∠DCE=β.下列各式:①α+β,②α﹣β,③β﹣α,④360°﹣α﹣β,∠AEC的度数可能是( )
A.①②③ B.①②④ C.①③④ D.①②③④
5.甲、乙两人进行射击比赛,在相同条件下各射击10次,他们的平均成绩一样,而他们的方差分别是S甲2=1.8,S乙2=0.7,则成绩比较稳定的是( )
A.甲稳定 B.乙稳定 C.一样稳定 D.无法比较
6.如图是一个几何体的三视图,则该几何体的展开图可以是( )
A. B.
C. D.
7.已知函数y=kx+b的图象如图所示,则函数y=﹣bx+k的图象大致是( )
A. B.
C. D.
8.下列一元二次方程中,有两个相等的实数根的是( )
A.x2﹣4x﹣4=0 B.x2﹣36x+36=0
C.4x2+4x+1=0 D.x2﹣2x﹣1=0
9.如图,在菱形ABCD中,点P从B点出发,沿B→D→C方向匀速运动,设点P运动时间为x,△APC的面积为y,则y与x之间的函数图象可能为( )
A. B.
C. D.
10.如图,在菱形ABCD中,∠ABC=60°,AB=4,点E是AB边上的动点,过点B作直线CE的垂线,垂足为F,当点E从点A运动到点B时,点F的运动路径长为( )
A. B.2 C.π D.π
二.填空题(满分18分,每小题3分)
11.因式分解:a3﹣9a= .
12.方程=的解是 .
13.已知,如图,扇形AOB中,∠AOB=120°,OA=2,若以A为圆心,OA长为半径画弧交弧AB于点C,过点C作CD⊥OA,垂足为D,则图中阴影部分的面积为 .
14.若点(1,5),(5,5)是抛物线y=ax2+bx+c上的两个点,则此抛物线的对称轴是 .
15.已知点A是双曲线y=在第一象限的一动点,连接AO,过点O做OA⊥OB,且OB=2OA,点B在第四象限,随着点A的运动,点B的位置也不断的变化,但始终在一函数图象上运动,则这个函数的解析式为 .
16.如图,在矩形ABCD中,AB=15,BC=17,将矩形ABCD绕点D按顺时针方向旋转得到矩形DEFG,点A落在矩形ABCD的边BC上,连接CG,则CG的长是 .
三.解答题
17.(9分)(x+3)(x﹣1)=12(用配方法)
18.(9分)如图,在矩形ABCD中,M是BC中点,请你仅用无刻度直尺按要求作图.
(1)在图1中,作AD的中点P;
(2)在图2中,作AB的中点Q.
19.(10分)先化简,再求值(1﹣)÷,其中x=4.
20.(10分)抚顺某中学为了解八年级学生的体能状况,从八年级学生中随机抽取部分学生进行体能测试,测试结果分为A,B,C,D四个等级.请根据两幅统计图中的信息回答下列问题:
(1)本次抽样调查共抽取了多少名学生?
(2)求测试结果为C等级的学生数,并补全条形图;
(3)若该中学八年级共有700名学生,请你估计该中学八年级学生中体能测试结果为D等级的学生有多少名?
(4)若从体能为A等级的2名男生2名女生中随机的抽取2名学生,做为该校培养运动员的重点对象,请用列表法或画树状图的方法求所抽取的两人恰好都是男生的概率.
21.(12分)如图,在⊙O中,点A是的中点,连接AO,延长BO交AC于点D.
(1)求证:AO垂直平分BC.
(2)若,求的值.
22.(12分)如图,将一矩形OABC放在直角坐标系中,O为坐标原点,点A在y轴正半轴上,点E是边AB上的一个动点(不与点A、B重合),过点E的反比例函数y=(x>0)的图象与边BC交于点F
(1)若△OAE的面积为S1,且S1=1,求k的值;
(2)若OA=2,OC=4,反比例函数y=(x>0)的图象与边AB、边BC交于点E和F,当△BEF沿EF折叠,点B恰好落在OC上,求k的值.
23.(12分)科技改变生活,手机导航极大方便了人们的出行,如图,小明一家自驾到古镇C游玩,到达A地后,导航显示车辆应沿北偏西55°方向行驶4千米至B地,再沿北偏东35°方向行驶一段距离到达古镇C,小明发现古镇C恰好在A地的正北方向,求B、C两地的距离(结果保留整数)(参考数据:tan55°≈1.4,tan35°≈0.7,sin55°≈0.8)
24.(14分)如图,在平面直角坐标系中,抛物线y=ax2+bx﹣,过点A(﹣3,2)和点B(2,),与y轴交于点C,连接AC交x轴于点D,连接OA,OB
(1)求抛物线y=ax2+bx﹣的函数表达式;
(2)求点D的坐标;
(3)∠AOB的大小是 ;
(4)将△OCD绕点O旋转,旋转后点C的对应点是点C′,点D的对应点是点D′,直线AC′与直线BD′交于点M,在△OCD旋转过程中,当点M与点C′重合时,请直接写出点M到AB的距离.
25.(14分)如图,四边形ABCD的顶点在⊙O上,BD是⊙O的直径,延长CD、BA交于点E,连接AC、BD交于点F,作AH⊥CE,垂足为点H,已知∠ADE=∠ACB.
(1)求证:AH是⊙O的切线;
(2)若OB=4,AC=6,求sin∠ACB的值;
(3)若=,求证:CD=DH.
参考答案
1.B.
2.B.
3.D.
4.D.
5.B.
6.A.
7.C.
8.C.
9.A.
10.D.
11.a(a+3)(a﹣3).
12.x=﹣4
13.π+.
14.x=3.
15.y=﹣.
16..
17.解:将原方程整理,得
x2+2x=15(1分)
两边都加上12,得
x2+2x+12=15+12(2分)
即(x+1)2=16
开平方,得x+1=±4,即x+1=4,或x+1=﹣4(4分)
∴x1=3,x2=﹣5(5分)
18.
解:(1)如图点P即为所求;
(2)如图点Q即为所求;
19.解:原式=(﹣)÷
=•
=,
当x=4时,原式==.
20.解:(1)10÷20%=50,
所以本次抽样调查共抽取了50名学生;
(2)测试结果为C等级的学生数为50﹣10﹣20﹣4=16(人);
补全条形图如图所示:
(3)700×=56,
所以估计该中学八年级学生中体能测试结果为D等级的学生有56名;
(4)画树状图为:
共有12种等可能的结果数,其中抽取的两人恰好都是男生的结果数为2,
所以抽取的两人恰好都是男生的概率==.
21.(1)证明:延长AO交BC于H.
∵=,
∴OA⊥BC,
∴BH=CH,
∴AO垂直平分线段BC.
(2)解:延长BD交⊙O于K,连接CK.
在Rt△ACH中,∵tan∠ACH==,
∴可以假设AH=4k,CH=3k,设OA=r,
在Rt△BOH中,∵OB2=BH2+OH2,
∴r2=9k2+(4k﹣r)2,
∴r=k,
∴OH=AH=OA=k,
∵BK是直径,
∴∠BCK=90°,
∴CK⊥BC,∵OA⊥BC,
∴OA∥CK,
∵BO=OK,BH=HC,
∴CK=2OH=k,
∵CK∥OA,
∴△AOD∽△CKD,
∴===.
22.解:(1)设E(a,b),则OA=b,AE=a,k=ab
∵△AOE的面积为1,
∴k=1,k=2;
答:k的值为:2.
(2)过E作ED⊥OC,垂足为D,△BEF沿EF折叠,点B恰好落在OC上的B′,
∵OA=2,OC=4,点E、F在反比例函数y=的图象上,
∴E(,2),F(4,),
∴EB=EB′=4﹣,BF=B′F=2﹣,
∴=,
由△EB′F∽△B′CF得:,
∵DE=2,
∴B′C=1,
在Rt△B′FC中,由勾股定理得:
12+()2=(2﹣)2,解得:k=3,
答:k的值为:3.
23.解:过B作BD⊥AC于点D.
在Rt△ABD中,BD=AB•sin∠BAD=4×0.8=3.2(千米),
∵△BCD中,∠CBD=90°﹣35°=55°,
∴CD=BD•tan∠CBD=4.48(千米),
∴BC=CD÷sin∠CBD≈6(千米).
答:B、C两地的距离大约是6千米.
24.解:(1)∵抛物线y=ax2+bx﹣过点A(﹣3,2)和点B(2,)
∴ 解得:
∴抛物线的函数表达式为:y=x2+x﹣
(2)当x=0时,y=ax2+bx﹣=﹣
∴C(0,﹣)
设直线AC解析式为:y=kx+c
∴ 解得:
∴直线AC解析式为y=﹣x﹣
当y=0时,﹣x﹣=0,解得:x=﹣1
∴D(﹣1,0)
(3)如图1,连接AB
∵A(﹣3,2),B(2,)
∴OA2=32+(2)2=21,OB2=22+()2=7,AB2=(2+3)2+()2=28
∴OA2+OB2=AB2
∴∠AOB=90°
故答案为:90°.
(4)过点M作MH⊥AB于点H,则MH的长为点M到AB的距离.
①如图2,当点M与点C′重合且在y轴右侧时,
∵△OCD绕点O旋转得△OC'D'(即△OMD)
∴OM=OC=,OD'=OD=1,∠MOD'=∠COD=90°
∴MD'==2,∠MD'O=60°,∠OMD'=30°
∵∠MOD'=∠AOB=90°
∴∠MOD'+∠BOM=∠AOB+∠BOM
即∠BOD'=∠AOM
∵OA=,OB=
∴
∴△BOD'∽△AOM
∴∠BD'O=∠AMO=60°,
∴∠AMD'=∠AMO+∠OMD'=60°+30°=90°,即AM⊥BD'
设BD'=t(t>0),则AM=t,BM=BD'﹣MD'=t﹣2
∵在Rt△AMB中,AM2+BM2=AB2
∴(t)2+(t﹣2)2=28
解得:t1=﹣2(舍去),t2=3
∴AM=3,BM=1
∵S△AMB=AM•BM=AB•MH
∴MH=
②如图3,当点M与点C′重合且在y轴左侧时,
∴∠MOD'﹣∠AOD'=∠AOB﹣∠AOD'
即∠AOM=∠BOD'
∴同理可证:△AOM∽△BOD'
∴∠AMO=∠BD'O=180°﹣∠MD'O=120°,
∴∠AMD'=∠AMO﹣∠OMD'=120°﹣30°=90°,即AM⊥BD'
设BD'=t(t>0),则AM=t,BM=BD'+MD'=t+2
∵在Rt△AMB中,AM2+BM2=AB2
∴(t)2+(t+2)2=28
解得:t1=2,t2=﹣3(舍去)
∴AM=2,BM=4
∵S△AMB=AM•BM=AB•MH
∴MH=
综上所述,点M到AB的距离为或.
25.(1)证明:连接OA,
由圆周角定理得,∠ACB=∠ADB,
∵∠ADE=∠ACB,
∴∠ADE=∠ADB,
∵BD是直径,
∴∠DAB=∠DAE=90°,
在△DAB和△DAE中,
,
∴△DAB≌△DAE,
∴AB=AE,又∵OB=OD,
∴OA∥DE,又∵AH⊥DE,
∴OA⊥AH,
∴AH是⊙O的切线;
(2)解:由(1)知,∠E=∠DBE,∠DBE=∠ACD,
∴∠E=∠ACD,
∴AE=AC=AB=6.
在Rt△ABD中,AB=6,BD=8,∠ADE=∠ACB,
∴sin∠ADB==,即sin∠ACB=;
(3)证明:由(2)知,OA是△BDE的中位线,
∴OA∥DE,OA=DE.
∴△CDF∽△AOF,
∴==,
∴CD=OA=DE,即CD=CE,
∵AC=AE,AH⊥CE,
∴CH=HE=CE,
∴CD=CH,
∴CD=DH.
中学自主招生数学试卷
一.选择题(满分30分,每小题3分)
1.估计﹣2的值在( )
A.0到l之间 B.1到2之问 C.2到3之间 D.3到4之间
2.已知图中所有的小正方形都全等,若在右图中再添加一个全等的小正方形得到新的图形,使新图形是中心对称图形,则正确的添加方案是( )
A. B.
C. D.
3.下列计算正确的是( )
A.3x2﹣2x2=1 B. += C.x÷y•=x D.a2•a3=a5
4.如图,已知直线AB、CD被直线AC所截,AB∥CD,E是平面内任意一点(点E不在直线AB、CD、AC上),设∠BAE=α,∠DCE=β.下列各式:①α+β,②α﹣β,③β﹣α,④360°﹣α﹣β,∠AEC的度数可能是( )
A.①②③ B.①②④ C.①③④ D.①②③④
5.甲、乙两人进行射击比赛,在相同条件下各射击10次,他们的平均成绩一样,而他们的方差分别是S甲2=1.8,S乙2=0.7,则成绩比较稳定的是( )
A.甲稳定 B.乙稳定 C.一样稳定 D.无法比较
6.如图是一个几何体的三视图,则该几何体的展开图可以是( )
A. B.
C. D.
7.已知函数y=kx+b的图象如图所示,则函数y=﹣bx+k的图象大致是( )
A. B.
C. D.
8.下列一元二次方程中,有两个相等的实数根的是( )
A.x2﹣4x﹣4=0 B.x2﹣36x+36=0
C.4x2+4x+1=0 D.x2﹣2x﹣1=0
9.如图,在菱形ABCD中,点P从B点出发,沿B→D→C方向匀速运动,设点P运动时间为x,△APC的面积为y,则y与x之间的函数图象可能为( )
A. B.
C. D.
10.如图,在菱形ABCD中,∠ABC=60°,AB=4,点E是AB边上的动点,过点B作直线CE的垂线,垂足为F,当点E从点A运动到点B时,点F的运动路径长为( )
A. B.2 C.π D.π
二.填空题(满分18分,每小题3分)
11.因式分解:a3﹣9a= .
12.方程=的解是 .
13.已知,如图,扇形AOB中,∠AOB=120°,OA=2,若以A为圆心,OA长为半径画弧交弧AB于点C,过点C作CD⊥OA,垂足为D,则图中阴影部分的面积为 .
14.若点(1,5),(5,5)是抛物线y=ax2+bx+c上的两个点,则此抛物线的对称轴是 .
15.已知点A是双曲线y=在第一象限的一动点,连接AO,过点O做OA⊥OB,且OB=2OA,点B在第四象限,随着点A的运动,点B的位置也不断的变化,但始终在一函数图象上运动,则这个函数的解析式为 .
16.如图,在矩形ABCD中,AB=15,BC=17,将矩形ABCD绕点D按顺时针方向旋转得到矩形DEFG,点A落在矩形ABCD的边BC上,连接CG,则CG的长是 .
三.解答题
17.(9分)(x+3)(x﹣1)=12(用配方法)
18.(9分)如图,在矩形ABCD中,M是BC中点,请你仅用无刻度直尺按要求作图.
(1)在图1中,作AD的中点P;
(2)在图2中,作AB的中点Q.
19.(10分)先化简,再求值(1﹣)÷,其中x=4.
20.(10分)抚顺某中学为了解八年级学生的体能状况,从八年级学生中随机抽取部分学生进行体能测试,测试结果分为A,B,C,D四个等级.请根据两幅统计图中的信息回答下列问题:
(1)本次抽样调查共抽取了多少名学生?
(2)求测试结果为C等级的学生数,并补全条形图;
(3)若该中学八年级共有700名学生,请你估计该中学八年级学生中体能测试结果为D等级的学生有多少名?
(4)若从体能为A等级的2名男生2名女生中随机的抽取2名学生,做为该校培养运动员的重点对象,请用列表法或画树状图的方法求所抽取的两人恰好都是男生的概率.
21.(12分)如图,在⊙O中,点A是的中点,连接AO,延长BO交AC于点D.
(1)求证:AO垂直平分BC.
(2)若,求的值.
22.(12分)如图,将一矩形OABC放在直角坐标系中,O为坐标原点,点A在y轴正半轴上,点E是边AB上的一个动点(不与点A、B重合),过点E的反比例函数y=(x>0)的图象与边BC交于点F
(1)若△OAE的面积为S1,且S1=1,求k的值;
(2)若OA=2,OC=4,反比例函数y=(x>0)的图象与边AB、边BC交于点E和F,当△BEF沿EF折叠,点B恰好落在OC上,求k的值.
23.(12分)科技改变生活,手机导航极大方便了人们的出行,如图,小明一家自驾到古镇C游玩,到达A地后,导航显示车辆应沿北偏西55°方向行驶4千米至B地,再沿北偏东35°方向行驶一段距离到达古镇C,小明发现古镇C恰好在A地的正北方向,求B、C两地的距离(结果保留整数)(参考数据:tan55°≈1.4,tan35°≈0.7,sin55°≈0.8)
24.(14分)如图,在平面直角坐标系中,抛物线y=ax2+bx﹣,过点A(﹣3,2)和点B(2,),与y轴交于点C,连接AC交x轴于点D,连接OA,OB
(1)求抛物线y=ax2+bx﹣的函数表达式;
(2)求点D的坐标;
(3)∠AOB的大小是 ;
(4)将△OCD绕点O旋转,旋转后点C的对应点是点C′,点D的对应点是点D′,直线AC′与直线BD′交于点M,在△OCD旋转过程中,当点M与点C′重合时,请直接写出点M到AB的距离.
25.(14分)如图,四边形ABCD的顶点在⊙O上,BD是⊙O的直径,延长CD、BA交于点E,连接AC、BD交于点F,作AH⊥CE,垂足为点H,已知∠ADE=∠ACB.
(1)求证:AH是⊙O的切线;
(2)若OB=4,AC=6,求sin∠ACB的值;
(3)若=,求证:CD=DH.
参考答案
1.B.
2.B.
3.D.
4.D.
5.B.
6.A.
7.C.
8.C.
9.A.
10.D.
11.a(a+3)(a﹣3).
12.x=﹣4
13.π+.
14.x=3.
15.y=﹣.
16..
17.解:将原方程整理,得
x2+2x=15(1分)
两边都加上12,得
x2+2x+12=15+12(2分)
即(x+1)2=16
开平方,得x+1=±4,即x+1=4,或x+1=﹣4(4分)
∴x1=3,x2=﹣5(5分)
18.
解:(1)如图点P即为所求;
(2)如图点Q即为所求;
19.解:原式=(﹣)÷
=•
=,
当x=4时,原式==.
20.解:(1)10÷20%=50,
所以本次抽样调查共抽取了50名学生;
(2)测试结果为C等级的学生数为50﹣10﹣20﹣4=16(人);
补全条形图如图所示:
(3)700×=56,
所以估计该中学八年级学生中体能测试结果为D等级的学生有56名;
(4)画树状图为:
共有12种等可能的结果数,其中抽取的两人恰好都是男生的结果数为2,
所以抽取的两人恰好都是男生的概率==.
21.(1)证明:延长AO交BC于H.
∵=,
∴OA⊥BC,
∴BH=CH,
∴AO垂直平分线段BC.
(2)解:延长BD交⊙O于K,连接CK.
在Rt△ACH中,∵tan∠ACH==,
∴可以假设AH=4k,CH=3k,设OA=r,
在Rt△BOH中,∵OB2=BH2+OH2,
∴r2=9k2+(4k﹣r)2,
∴r=k,
∴OH=AH=OA=k,
∵BK是直径,
∴∠BCK=90°,
∴CK⊥BC,∵OA⊥BC,
∴OA∥CK,
∵BO=OK,BH=HC,
∴CK=2OH=k,
∵CK∥OA,
∴△AOD∽△CKD,
∴===.
22.解:(1)设E(a,b),则OA=b,AE=a,k=ab
∵△AOE的面积为1,
∴k=1,k=2;
答:k的值为:2.
(2)过E作ED⊥OC,垂足为D,△BEF沿EF折叠,点B恰好落在OC上的B′,
∵OA=2,OC=4,点E、F在反比例函数y=的图象上,
∴E(,2),F(4,),
∴EB=EB′=4﹣,BF=B′F=2﹣,
∴=,
由△EB′F∽△B′CF得:,
∵DE=2,
∴B′C=1,
在Rt△B′FC中,由勾股定理得:
12+()2=(2﹣)2,解得:k=3,
答:k的值为:3.
23.解:过B作BD⊥AC于点D.
在Rt△ABD中,BD=AB•sin∠BAD=4×0.8=3.2(千米),
∵△BCD中,∠CBD=90°﹣35°=55°,
∴CD=BD•tan∠CBD=4.48(千米),
∴BC=CD÷sin∠CBD≈6(千米).
答:B、C两地的距离大约是6千米.
24.解:(1)∵抛物线y=ax2+bx﹣过点A(﹣3,2)和点B(2,)
∴ 解得:
∴抛物线的函数表达式为:y=x2+x﹣
(2)当x=0时,y=ax2+bx﹣=﹣
∴C(0,﹣)
设直线AC解析式为:y=kx+c
∴ 解得:
∴直线AC解析式为y=﹣x﹣
当y=0时,﹣x﹣=0,解得:x=﹣1
∴D(﹣1,0)
(3)如图1,连接AB
∵A(﹣3,2),B(2,)
∴OA2=32+(2)2=21,OB2=22+()2=7,AB2=(2+3)2+()2=28
∴OA2+OB2=AB2
∴∠AOB=90°
故答案为:90°.
(4)过点M作MH⊥AB于点H,则MH的长为点M到AB的距离.
①如图2,当点M与点C′重合且在y轴右侧时,
∵△OCD绕点O旋转得△OC'D'(即△OMD)
∴OM=OC=,OD'=OD=1,∠MOD'=∠COD=90°
∴MD'==2,∠MD'O=60°,∠OMD'=30°
∵∠MOD'=∠AOB=90°
∴∠MOD'+∠BOM=∠AOB+∠BOM
即∠BOD'=∠AOM
∵OA=,OB=
∴
∴△BOD'∽△AOM
∴∠BD'O=∠AMO=60°,
∴∠AMD'=∠AMO+∠OMD'=60°+30°=90°,即AM⊥BD'
设BD'=t(t>0),则AM=t,BM=BD'﹣MD'=t﹣2
∵在Rt△AMB中,AM2+BM2=AB2
∴(t)2+(t﹣2)2=28
解得:t1=﹣2(舍去),t2=3
∴AM=3,BM=1
∵S△AMB=AM•BM=AB•MH
∴MH=
②如图3,当点M与点C′重合且在y轴左侧时,
∴∠MOD'﹣∠AOD'=∠AOB﹣∠AOD'
即∠AOM=∠BOD'
∴同理可证:△AOM∽△BOD'
∴∠AMO=∠BD'O=180°﹣∠MD'O=120°,
∴∠AMD'=∠AMO﹣∠OMD'=120°﹣30°=90°,即AM⊥BD'
设BD'=t(t>0),则AM=t,BM=BD'+MD'=t+2
∵在Rt△AMB中,AM2+BM2=AB2
∴(t)2+(t+2)2=28
解得:t1=2,t2=﹣3(舍去)
∴AM=2,BM=4
∵S△AMB=AM•BM=AB•MH
∴MH=
综上所述,点M到AB的距离为或.
25.(1)证明:连接OA,
由圆周角定理得,∠ACB=∠ADB,
∵∠ADE=∠ACB,
∴∠ADE=∠ADB,
∵BD是直径,
∴∠DAB=∠DAE=90°,
在△DAB和△DAE中,
,
∴△DAB≌△DAE,
∴AB=AE,又∵OB=OD,
∴OA∥DE,又∵AH⊥DE,
∴OA⊥AH,
∴AH是⊙O的切线;
(2)解:由(1)知,∠E=∠DBE,∠DBE=∠ACD,
∴∠E=∠ACD,
∴AE=AC=AB=6.
在Rt△ABD中,AB=6,BD=8,∠ADE=∠ACB,
∴sin∠ADB==,即sin∠ACB=;
(3)证明:由(2)知,OA是△BDE的中位线,
∴OA∥DE,OA=DE.
∴△CDF∽△AOF,
∴==,
∴CD=OA=DE,即CD=CE,
∵AC=AE,AH⊥CE,
∴CH=HE=CE,
∴CD=CH,
∴CD=DH.
中学自主招生数学试卷
一.选择题(满分30分,每小题3分)
1.估计﹣2的值在( )
A.0到l之间 B.1到2之问 C.2到3之间 D.3到4之间
2.已知图中所有的小正方形都全等,若在右图中再添加一个全等的小正方形得到新的图形,使新图形是中心对称图形,则正确的添加方案是( )
A. B.
C. D.
3.下列计算正确的是( )
A.3x2﹣2x2=1 B. += C.x÷y•=x D.a2•a3=a5
4.如图,已知直线AB、CD被直线AC所截,AB∥CD,E是平面内任意一点(点E不在直线AB、CD、AC上),设∠BAE=α,∠DCE=β.下列各式:①α+β,②α﹣β,③β﹣α,④360°﹣α﹣β,∠AEC的度数可能是( )
A.①②③ B.①②④ C.①③④ D.①②③④
5.甲、乙两人进行射击比赛,在相同条件下各射击10次,他们的平均成绩一样,而他们的方差分别是S甲2=1.8,S乙2=0.7,则成绩比较稳定的是( )
A.甲稳定 B.乙稳定 C.一样稳定 D.无法比较
6.如图是一个几何体的三视图,则该几何体的展开图可以是( )
A. B.
C. D.
7.已知函数y=kx+b的图象如图所示,则函数y=﹣bx+k的图象大致是( )
A. B.
C. D.
8.下列一元二次方程中,有两个相等的实数根的是( )
A.x2﹣4x﹣4=0 B.x2﹣36x+36=0
C.4x2+4x+1=0 D.x2﹣2x﹣1=0
9.如图,在菱形ABCD中,点P从B点出发,沿B→D→C方向匀速运动,设点P运动时间为x,△APC的面积为y,则y与x之间的函数图象可能为( )
A. B.
C. D.
10.如图,在菱形ABCD中,∠ABC=60°,AB=4,点E是AB边上的动点,过点B作直线CE的垂线,垂足为F,当点E从点A运动到点B时,点F的运动路径长为( )
A. B.2 C.π D.π
二.填空题(满分18分,每小题3分)
11.因式分解:a3﹣9a= .
12.方程=的解是 .
13.已知,如图,扇形AOB中,∠AOB=120°,OA=2,若以A为圆心,OA长为半径画弧交弧AB于点C,过点C作CD⊥OA,垂足为D,则图中阴影部分的面积为 .
14.若点(1,5),(5,5)是抛物线y=ax2+bx+c上的两个点,则此抛物线的对称轴是 .
15.已知点A是双曲线y=在第一象限的一动点,连接AO,过点O做OA⊥OB,且OB=2OA,点B在第四象限,随着点A的运动,点B的位置也不断的变化,但始终在一函数图象上运动,则这个函数的解析式为 .
16.如图,在矩形ABCD中,AB=15,BC=17,将矩形ABCD绕点D按顺时针方向旋转得到矩形DEFG,点A落在矩形ABCD的边BC上,连接CG,则CG的长是 .
三.解答题
17.(9分)(x+3)(x﹣1)=12(用配方法)
18.(9分)如图,在矩形ABCD中,M是BC中点,请你仅用无刻度直尺按要求作图.
(1)在图1中,作AD的中点P;
(2)在图2中,作AB的中点Q.
19.(10分)先化简,再求值(1﹣)÷,其中x=4.
20.(10分)抚顺某中学为了解八年级学生的体能状况,从八年级学生中随机抽取部分学生进行体能测试,测试结果分为A,B,C,D四个等级.请根据两幅统计图中的信息回答下列问题:
(1)本次抽样调查共抽取了多少名学生?
(2)求测试结果为C等级的学生数,并补全条形图;
(3)若该中学八年级共有700名学生,请你估计该中学八年级学生中体能测试结果为D等级的学生有多少名?
(4)若从体能为A等级的2名男生2名女生中随机的抽取2名学生,做为该校培养运动员的重点对象,请用列表法或画树状图的方法求所抽取的两人恰好都是男生的概率.
21.(12分)如图,在⊙O中,点A是的中点,连接AO,延长BO交AC于点D.
(1)求证:AO垂直平分BC.
(2)若,求的值.
22.(12分)如图,将一矩形OABC放在直角坐标系中,O为坐标原点,点A在y轴正半轴上,点E是边AB上的一个动点(不与点A、B重合),过点E的反比例函数y=(x>0)的图象与边BC交于点F
(1)若△OAE的面积为S1,且S1=1,求k的值;
(2)若OA=2,OC=4,反比例函数y=(x>0)的图象与边AB、边BC交于点E和F,当△BEF沿EF折叠,点B恰好落在OC上,求k的值.
23.(12分)科技改变生活,手机导航极大方便了人们的出行,如图,小明一家自驾到古镇C游玩,到达A地后,导航显示车辆应沿北偏西55°方向行驶4千米至B地,再沿北偏东35°方向行驶一段距离到达古镇C,小明发现古镇C恰好在A地的正北方向,求B、C两地的距离(结果保留整数)(参考数据:tan55°≈1.4,tan35°≈0.7,sin55°≈0.8)
24.(14分)如图,在平面直角坐标系中,抛物线y=ax2+bx﹣,过点A(﹣3,2)和点B(2,),与y轴交于点C,连接AC交x轴于点D,连接OA,OB
(1)求抛物线y=ax2+bx﹣的函数表达式;
(2)求点D的坐标;
(3)∠AOB的大小是 ;
(4)将△OCD绕点O旋转,旋转后点C的对应点是点C′,点D的对应点是点D′,直线AC′与直线BD′交于点M,在△OCD旋转过程中,当点M与点C′重合时,请直接写出点M到AB的距离.
25.(14分)如图,四边形ABCD的顶点在⊙O上,BD是⊙O的直径,延长CD、BA交于点E,连接AC、BD交于点F,作AH⊥CE,垂足为点H,已知∠ADE=∠ACB.
(1)求证:AH是⊙O的切线;
(2)若OB=4,AC=6,求sin∠ACB的值;
(3)若=,求证:CD=DH.
参考答案
1.B.
2.B.
3.D.
4.D.
5.B.
6.A.
7.C.
8.C.
9.A.
10.D.
11.a(a+3)(a﹣3).
12.x=﹣4
13.π+.
14.x=3.
15.y=﹣.
16..
17.解:将原方程整理,得
x2+2x=15(1分)
两边都加上12,得
x2+2x+12=15+12(2分)
即(x+1)2=16
开平方,得x+1=±4,即x+1=4,或x+1=﹣4(4分)
∴x1=3,x2=﹣5(5分)
18.
解:(1)如图点P即为所求;
(2)如图点Q即为所求;
19.解:原式=(﹣)÷
=•
=,
当x=4时,原式==.
20.解:(1)10÷20%=50,
所以本次抽样调查共抽取了50名学生;
(2)测试结果为C等级的学生数为50﹣10﹣20﹣4=16(人);
补全条形图如图所示:
(3)700×=56,
所以估计该中学八年级学生中体能测试结果为D等级的学生有56名;
(4)画树状图为:
共有12种等可能的结果数,其中抽取的两人恰好都是男生的结果数为2,
所以抽取的两人恰好都是男生的概率==.
21.(1)证明:延长AO交BC于H.
∵=,
∴OA⊥BC,
∴BH=CH,
∴AO垂直平分线段BC.
(2)解:延长BD交⊙O于K,连接CK.
在Rt△ACH中,∵tan∠ACH==,
∴可以假设AH=4k,CH=3k,设OA=r,
在Rt△BOH中,∵OB2=BH2+OH2,
∴r2=9k2+(4k﹣r)2,
∴r=k,
∴OH=AH=OA=k,
∵BK是直径,
∴∠BCK=90°,
∴CK⊥BC,∵OA⊥BC,
∴OA∥CK,
∵BO=OK,BH=HC,
∴CK=2OH=k,
∵CK∥OA,
∴△AOD∽△CKD,
∴===.
22.解:(1)设E(a,b),则OA=b,AE=a,k=ab
∵△AOE的面积为1,
∴k=1,k=2;
答:k的值为:2.
(2)过E作ED⊥OC,垂足为D,△BEF沿EF折叠,点B恰好落在OC上的B′,
∵OA=2,OC=4,点E、F在反比例函数y=的图象上,
∴E(,2),F(4,),
∴EB=EB′=4﹣,BF=B′F=2﹣,
∴=,
由△EB′F∽△B′CF得:,
∵DE=2,
∴B′C=1,
在Rt△B′FC中,由勾股定理得:
12+()2=(2﹣)2,解得:k=3,
答:k的值为:3.
23.解:过B作BD⊥AC于点D.
在Rt△ABD中,BD=AB•sin∠BAD=4×0.8=3.2(千米),
∵△BCD中,∠CBD=90°﹣35°=55°,
∴CD=BD•tan∠CBD=4.48(千米),
∴BC=CD÷sin∠CBD≈6(千米).
答:B、C两地的距离大约是6千米.
24.解:(1)∵抛物线y=ax2+bx﹣过点A(﹣3,2)和点B(2,)
∴ 解得:
∴抛物线的函数表达式为:y=x2+x﹣
(2)当x=0时,y=ax2+bx﹣=﹣
∴C(0,﹣)
设直线AC解析式为:y=kx+c
∴ 解得:
∴直线AC解析式为y=﹣x﹣
当y=0时,﹣x﹣=0,解得:x=﹣1
∴D(﹣1,0)
(3)如图1,连接AB
∵A(﹣3,2),B(2,)
∴OA2=32+(2)2=21,OB2=22+()2=7,AB2=(2+3)2+()2=28
∴OA2+OB2=AB2
∴∠AOB=90°
故答案为:90°.
(4)过点M作MH⊥AB于点H,则MH的长为点M到AB的距离.
①如图2,当点M与点C′重合且在y轴右侧时,
∵△OCD绕点O旋转得△OC'D'(即△OMD)
∴OM=OC=,OD'=OD=1,∠MOD'=∠COD=90°
∴MD'==2,∠MD'O=60°,∠OMD'=30°
∵∠MOD'=∠AOB=90°
∴∠MOD'+∠BOM=∠AOB+∠BOM
即∠BOD'=∠AOM
∵OA=,OB=
∴
∴△BOD'∽△AOM
∴∠BD'O=∠AMO=60°,
∴∠AMD'=∠AMO+∠OMD'=60°+30°=90°,即AM⊥BD'
设BD'=t(t>0),则AM=t,BM=BD'﹣MD'=t﹣2
∵在Rt△AMB中,AM2+BM2=AB2
∴(t)2+(t﹣2)2=28
解得:t1=﹣2(舍去),t2=3
∴AM=3,BM=1
∵S△AMB=AM•BM=AB•MH
∴MH=
②如图3,当点M与点C′重合且在y轴左侧时,
∴∠MOD'﹣∠AOD'=∠AOB﹣∠AOD'
即∠AOM=∠BOD'
∴同理可证:△AOM∽△BOD'
∴∠AMO=∠BD'O=180°﹣∠MD'O=120°,
∴∠AMD'=∠AMO﹣∠OMD'=120°﹣30°=90°,即AM⊥BD'
设BD'=t(t>0),则AM=t,BM=BD'+MD'=t+2
∵在Rt△AMB中,AM2+BM2=AB2
∴(t)2+(t+2)2=28
解得:t1=2,t2=﹣3(舍去)
∴AM=2,BM=4
∵S△AMB=AM•BM=AB•MH
∴MH=
综上所述,点M到AB的距离为或.
25.(1)证明:连接OA,
由圆周角定理得,∠ACB=∠ADB,
∵∠ADE=∠ACB,
∴∠ADE=∠ADB,
∵BD是直径,
∴∠DAB=∠DAE=90°,
在△DAB和△DAE中,
,
∴△DAB≌△DAE,
∴AB=AE,又∵OB=OD,
∴OA∥DE,又∵AH⊥DE,
∴OA⊥AH,
∴AH是⊙O的切线;
(2)解:由(1)知,∠E=∠DBE,∠DBE=∠ACD,
∴∠E=∠ACD,
∴AE=AC=AB=6.
在Rt△ABD中,AB=6,BD=8,∠ADE=∠ACB,
∴sin∠ADB==,即sin∠ACB=;
(3)证明:由(2)知,OA是△BDE的中位线,
∴OA∥DE,OA=DE.
∴△CDF∽△AOF,
∴==,
∴CD=OA=DE,即CD=CE,
∵AC=AE,AH⊥CE,
∴CH=HE=CE,
∴CD=CH,
∴CD=DH.
中学自主招生数学试卷
一、选择题(本题共有8小题,每小题5分,共40分.请选出一个正确的选项,将其代号填入题后的括号内,不选、多选、错选均不给分)
1.已知a是方程x2﹣5x+1=0的一个根,那么a4+a﹣4的末位数字是( )
A.3 B.5 C.7 D.9
2.某个一次函数的图象与直线y=x+3平行,与x轴,y轴的交点分别为A,B,并且过点(﹣2,﹣4),则在线段AB上(包括点A,B),横、纵坐标都是整数的点有( )
A.3个 B.4个 C.5个 D.6个
3.菱形的两条对角线之和为L,面积为S,则它的边长为( )
A. B. C. D.
4.某商场出售甲、乙、丙三种型号的电动车,已知甲型车在第一季度的销售额占这三种车总销售额的56%,第二季度乙、丙两种型号的车的销售额比第一季度减少了a%,但该商场电动车的总销售额比第一季度增加了12%,且甲型车的销售额比第一季度增加了23%.则a的值为( )
A.8 B.6 C.3 D.2
5.把一枚六个面编号分别为1,2,3,4,5,6的质地均匀的正方体骰子先后投掷2次,若两个正面朝上的编号分别为m,n,则二次函数y=x2+mx+n的图象与x轴有两个不同交点的概率是( )
A. B. C. D.
6.如图,在梯形ABCD中,AB∥DC,AB⊥BC,E是AD的中点,AB+BC+CD=6,,则梯形ABCD的面积等于( )
A.13 B.8 C. D.4
7.如图,已知圆心为A,B,C的三个圆彼此相切,且均与直线l相切.若⊙A,⊙B,⊙C的半径分别为a,b,c(0<c<a<b),则a,b,c一定满足的关系式为( )
A.2b=a+c B.= C. D.
8.已知函数y=3﹣(x﹣m)(x﹣n),并且a,b是方程3﹣(x﹣m)(x﹣n)=0的两个根,则实数m,n,a,b的大小关系可能是( )
A.m<n<b<a B.m<a<n<b C.a<m<b<n D.a<m<n<b
二、填空题(本题共7小题,每小题5分,共35分.将答案填在题中横线上)
9.假期学校组织360名师生外出旅游,某客车出租公司有两种大客车可供选择:甲种客车每辆车有40个座,租金400元;乙种客车每辆车有50个座,租金480元.则租用该公司客车最少需用租金 元.
10.若a+x2=2010,b+x2=2011,c+x2=2012,且abc=24.则的值为 .
11.如下左图,小明设计了一个电子游戏:一电子跳蚤从横坐标为t(t>0)的P1点开始,按点的横坐标依次增加1的规律,在抛物线y=ax2(a>0)上向右跳动,得到点P2、P3,这时△P1P2P3的面积为 .
12.在直角梯形ABCD中,∠A为直角,AB∥CD,AB=7,CD=5,AD=2.一条动直线l交AB于P,交CD于Q,且将梯形ABCD分为面积相等的两部分,则点A到动直线l的距离的最大值为 .
13.如图,把正方形ABCD沿着直线EF对折,使顶点C落在边AB的中点M,已知正方形的边长为4,那么折痕EF的长为 .
14.点D是△ABC的边AB上的一点,使得AB=3AD,P是△ABC外接圆上一点,使得∠ADP=∠ACB,则的值为 .
15.观察下列图形,根据图①、②、③的规律,若图①为第1次分割,图②为第2次分割,图③为第3次分割,按照这个规律一直分割下去,进行了n(n≥1)次分割,图中一共有 个三角形(用含n的代数式表示).
三、简答题(本题有4小题,共45分.务必写出解答过程)
16.(9分)已知,一次函数(k是不为0的自然数,且是常数)的图象与两坐标轴所围成的图形的面积为Sk(即k=1时,得S1,k=2时,得S2,…).试求S1+S2+S3+…+S2012的值.
17.(12分)如图所示,正方形ABCD的边长为1,点M、N分别在BC、CD上,使得△CMN的周长为2.
求:(1)∠MAN的大小;
(2)△MAN面积的最小值.
18.(12分)若干个工人装卸一批货物,每个工人的装卸速度相同.如果这些工人同时工作,则需10小时装卸完毕.现改变装卸方式,开始一个人干,以后每隔t(整数)小时增加一个人干,每个参加装卸的人都一直干到装卸结束,且最后增加的一个人装卸的时间是第一个人装卸时间的.问:
(1)按改变后的装卸方式,自始至终需要多长时间?
(2)参加装卸的有多少名工人?
19.(12分)对非负实数x,“四舍五入”到个位的值记为<x>,即:当n为非负整数时,如果,则<x>=n.
试解决下列问题:
(1)①当x≥0,m为非负整数时,求证:<x+m>=m+<x>;②举例说明<x+y>=<x>+<y>不恒成立;
(2)求满足的所有非负实数x的值;
(3)设n为常数,且为正整数,函数的自变量x在n≤x<n+1范围内取值时,函数值y为整数的个数记为a,满足的所有整数k的个数记为b.求证:a=b=2n.
参考答案
一、选择题(本题共有8小题,每小题5分,共40分.请选出一个正确的选项,将其代号填入题后的括号内,不选、多选、错选均不给分)
1.【解答】解:根据韦达定理可得:方程x2﹣5x+1=0的两根之积为1,两根之和为5,
∵a是方程x2﹣5x+1=0的一个根,
∴另一个根为a﹣1,
∴a+a﹣1=5,
∴a4+a﹣4=(a2+a﹣2)2﹣2=[(a+a﹣1)2﹣2]2﹣2,
∵232末位数字是9,
∴a4+a﹣4末位数字为7.
故选:C.
2.【解答】解:根据题意,设一次函数的解析式为y=x+b,
由点(﹣2,﹣4)在该函数图象上,得﹣4=×(﹣2)+b,解得b=﹣3.
所以,y=x﹣3.可得点A(6,0),B(0,﹣3).
由0≤x≤6,且x为整数,取x=0,2,4,6时,对应的y是整数.
因此,在线段AB上(包括点A、B),横、纵坐标都是整数的点有4个.
故选:B.
3.【解答】解:设边长为m,一条对角线为2a,另外一条为2b,则
a+b=L,2ab=S
∵m2=a2+b2=(a+b)2﹣2ab=L2﹣S
∴m=.
故选:C.
4.【解答】解:把第一季度的销售额看作单位1;
则有56%×(1+23%)+(1﹣56%)•(1﹣a%)=1+12%,
解可得:a=2;
故选:D.
5.【解答】解:掷骰子有6×6=36种情况.
根据题意有:4n﹣m2<0,
因此满足的点有:n=1,m=3,4,5,6,
n=2,m=3,4,5,6,
n=3,m=4,5,6,
n=4,m=5,6,
n=5,m=5,6,
n=6,m=5,6,
共有17种,
故概率为:17÷36=.
故选:C.
6.【解答】解:如图,过点E作EF∥AB交BC于点F,
则BF=BC,EF=(AB+CD)=(6﹣BC),
又∵AB⊥BC,
∴EF⊥BC,
∴在Rt△BFE中,EF2+BF2=BE2.
∴,即BC2﹣6BC+8=0,
解得BC=2或BC=4,则EF=2或EF=1,
∴S梯形ABCD=EF•BC=4.
故选:D.
7.【解答】解:过点A、B、C分别向直线l引垂线,垂足分别为A1、B1、C1,易得:
A1B1==2,
同理B1C1==2,
A1C1==2;
又有A1C1+B1C1=A1B1,
可得=+,
两边同除以可得:
.
故选:D.
8.【解答】解:由3﹣(x﹣m)(x﹣n)=0变形得(x﹣m)(x﹣n)=3,
∴x﹣m>0,x﹣n>0或x﹣m<0,x﹣n<0,
∴x>m,x>n或x<m,x<n,
∵a,b是方程的两个根,将a,b代入,得:a>m,a>n,b<m,b<n或a<m,a<n,b>m,b>n,
观察选项可知:a<b,m<n,只有D可能成立.
故选:D.
二、填空题(本题共7小题,每小题5分,共35分.将答案填在题中横线上)
9.【解答】解:若只租甲种客车需要360÷40=9辆.若只租乙种客车需要8辆,因而两种客车用共租8辆.
设甲车有x辆,乙车有8﹣x辆,则40x+50(8﹣x)≥360,
解得:x≤4,
整数解为0、1、2、3、4.
汽车的租金W=400x+480(8﹣x)即W=﹣80x+3840
W的值随x的增大而减小,因而当x=4时,W最小.
故取x=4,W的最小值是3520元.
故答案为:3520.
10.【解答】解:∵a+x2=2010,b+x2=2011,c+x2=2012,
∴2010﹣a=2011﹣b=2012﹣c,
∴b=a+1,c=a+2,又abc=24,
则
=﹣
=
=
==.
故答案为:.
11.【解答】解:作P1A⊥x轴,P2B⊥x轴,P3C⊥x轴,垂足分别为A,B,C.
由题意得A(t,0),B(t+1,0),C(t+2,0),
P1(t,at2),P2[t+1,a(t+1)2],P3[t+2,a(t+2)2]
=
=a.
12.【解答】解:设M、N分别是AD,PQ的中点
∵S梯形ABCD=(DC+AB)•AD=12
若直线l将梯形ABCD分为面积相等的两部分,则S梯形AQPD=(DP+AQ)•AD=6,
∴DP+AQ=6
∴MN=3
∴N是一个定点
若要A到l的距离最大,则l⊥AN
此时点A到动直线l的距离的最大值就是AN的长
在Rt△AMN中,AM=1,MN=3
∴AN==.
13.【解答】解:过E点作EH⊥BC于H点,MD′交AD于G点,如图,
∵把正方形ABCD沿着直线EF对折,使顶点C落在边AB的中点M,
∴FC=FM,BM=AB=×4=2,ED=ED′,∠D′MF=∠C=90°,∠D′=∠D=90°,
设MF=x,则BF=4﹣x,
在Rt△BFM中,MF2=BF2+BM2,即x2=(4﹣x)2+22,
∴x=,
∴MF=FC=,BF=4﹣=,
∵∠1+∠3=90°,∠1+∠2=90°,
∴∠2=∠3,
∴Rt△AGM∽Rt△BMF,
∴==,即==,
∴AG=,MG=,
设DE=t,则D′E=t,GE=4﹣t﹣=﹣t,
易证得Rt△D′GE∽Rt△AGM,
∴=,即=,解得t=,
∴HC=ED=,
∴FH=4﹣﹣=2,
在Rt△EFH中,EH=DC=4,FH=2,
∴EF===2.
故答案为2.
14.【解答】解:连接AP,
∵∠APB与∠ACB是所对的圆周角,
∴∠APB=∠ACB,
∵∠ADP=∠ACB,
∴∠APB=∠ACB=∠ADP,
∵∠DAP=∠DAP,
∴△APB∽△ADP,
∴==,
∴AP2=AD•AB=AD•(3AD)=3AD2,
∴===.
故答案为:.
15.【解答】解:依题意,n次分割,所得三角形个数为:5+3×4+3×3×4+…+3n﹣1×4个,
设S=5+3×4+3×3×4+…+3n﹣1×4 ①
则3S=15+3×3×4+…+3n﹣1×4+3n×4 ②
②﹣①得,2S=3n×4+15﹣5﹣3×4=4×3n﹣2,
S=2×3n﹣1.
故答案为:2×3n﹣1.
三、简答题(本题有4小题,共45分.务必写出解答过程)
16.【解答】解:令x=0,得y=,y=0,得x=,
∴S=××=(﹣),
∴S1+S2+S3+…+S2012
=(1﹣+﹣+﹣+…+﹣)
=(1﹣)
=.
17.【解答】解:(1)如图,延长CB至L,使BL=DN,则Rt△ABL≌Rt△ADN,故AL=AN,
∠1=∠2,∠NAL=∠DAB=90°
又∵MN=2﹣CN﹣CM=DN+BM=BL+BM=ML
∴△AMN≌△AML
∴∠MAN=∠MAL=45°
(2)设CM=x,CN=y,MN=z,
则x2+y2=z2,
∵x+y+z=2,则x=2﹣y﹣z
于是(2﹣y﹣z)2+y2=z2
整理得2y2+(2z﹣4)y+(4﹣4z)=0
∴△=4(z﹣2)2﹣32(1﹣z)≥0
即(z+2+)(z+2﹣)≥0
又∵z>0
∴z≥﹣2当且仅当x=y=2﹣时等号成立
此时S△AMN=S△AML=ML•AB=z
因此,当z=﹣2,x=y=2﹣时,S△AMN取到最小值为﹣1.
18.【解答】解:(1)设装卸工作需x小时完成,则第一人干了x小时,最后一个人干了小时,两人共干活小时,平均每人干活小时,
由题意知,第二人与倒数第二人,第三人与倒数第三人,平均每人干活的时间也是小时.
根据题得,
解得x=16(小时);
(2)共有y人参加装卸工作,由于每隔t小时增加一人,因此最后一人比第一人少干(y﹣1)t小时,按题意,得,即(y﹣1)t=12.
解此不定方程得,,,,,
即参加的人数y=2或3或4或5或7或13.
19.【解答】解:(1)①证明:设<x>=n,则为非负整数;
∴,且n+m为非负整数,
∴<x+m>=n+m=m+<x>.
②举反例:<0.6>+<0.7>=1+1=2,而<0.6+0.7>=<1.3>=1,
∴<0.6>+<0.7>≠<0.6+0.7>,
∴<x+y>=<x>+<y>不一定成立;
(2)∵x≥0,为整数,设x=k,k为整数,
则
∴
∴,
∵O≤k≤2,
∴k=0,1,2,
∴x=0,,.
(3)∵函数,n为整数,
当n≤x<n+1时,y随x的增大而增大,
∴,即,①
∴,∵y为整数,
∴y=n2﹣n+1,n2﹣n+2,n2﹣n+3,…,n2﹣n+2n,共2n个y,
∴a=2n,②
∵k>0,<>=n,
则,
∴,③
比较①,②,③得:a=b=2n.
中学自主招生数学试卷
一.选择题(满分24分,每小题3分)
1.下列说法正确的是( )
A.0是无理数 B.π是有理数 C.4是有理数 D.是分数
2.12月2日,2018年第十三届南宁国际马拉松比赛开跑,2.6万名跑者继续刷新南宁马拉松的参与人数纪录!把2.6万用科学记数法表示为( )
A.0.26×103 B.2.6×103 C.0.26×104 D.2.6×104
3.下列计算错误的是( )
A.4x3•2x2=8x5 B.a4﹣a3=a
C.(﹣x2)5=﹣x10 D.(a﹣b)2=a2﹣2ab+b2
4.已知一个几何体及其左视图如图所示,则该几何体的主视图是( )
A. B. C. D.
5.如图,下列条件中,不能判断直线a∥b的是( )
A.∠1+∠3=180° B.∠2=∠3 C.∠4=∠5 D.∠4=∠6
6.解分式方程=﹣2时,去分母变形正确的是( )
A.﹣1+x=﹣1﹣2(x﹣2) B.1﹣x=1﹣2(x﹣2)
C.﹣1+x=1+2(2﹣x) D.1﹣x=﹣1﹣2(x﹣2)
7.数学课上,小明进行了如下的尺规作图(如图所示):
(1)在△AOB(OA<OB)边OA、OB上分别截取OD、OE,使得OD=OE;
(2)分别以点D、E为圆心,以大于DE为半径作弧,两弧交于△AOB内的一点C;
(3)作射线OC交AB边于点P.
那么小明所求作的线段OP是△AOB的( )
A.一条中线 B.一条高
C.一条角平分线 D.不确定
8.如图,平面内一个⊙O半径为4,圆上有两个动点A、B,以AB为边在圆内作一个正方形ABCD,则OD的最小值是( )
A.2 B. C.2﹣2 D.4﹣4
二.填空题(满分30分,每小题3分)
9.若a,b都是实数,b=+﹣2,则ab的值为 .
10.如图,在4×4的正方形方格图形中,小正方形的顶点称为格点,△ABC的顶点都在格点上,则∠BAC的余弦值是 .
11.因式分解:9a3b﹣ab= .
12.已知关于x的方程(k﹣1)x2﹣2kx+k﹣3=0有两个相等的实根,则k的值是 .
13.如图,李明从A点出发沿直线前进5米到达B点后向左旋转的角度为α,再沿直线前进5米,到达点C后,又向左旋转α角度,照这样走下去,第一次回到出发地点时,他共走了45米,则每次旋转的角度α为 .
14.如图,一次函数y=ax+b的图象经过A(2,0)、B(0,﹣1)两点,则关于x的不等式ax+b<0的解集是 .
15.已知圆锥的底面半径是2,母线长是4,则圆锥的侧面积是 .
16.反比例函数y=﹣图象上三点的坐标分别为A(﹣1,y1),B(1,y2),C(3,y3),则y1,y2,y3的大小关系是 (用“>”连接)
17.如图,边长为2的正方形ABCD中心与半径为2的⊙O的圆心重合,E、F分别是AD、BA的延长线与⊙O的交点,则图中阴影部分的面积是 .(结果保留π)
18.如图1,在等边三角形ABC中,点P为BC边上的任意一点,且∠APD=60°,PD交AC于点D,设线段PB的长度为x,CD的长度为y,若y与x的函数关系的大致图象如图2,则等边三角形ABC的面积为 .
三.解答题
19.(8分)(1)计算:2cos60°﹣(﹣π)0+﹣()﹣2
(2)解不等式组:,并求不等式组的整数解.
20.(8分)先化简,再求值:()•(x2﹣1),其中x是方程x2﹣4x+3=0的一个根.
21.(8分)初三年级教师对试卷讲评课中学生参与的深度与广度进行评价调查,其评价项目为主动质疑、独立思考、专注听讲、讲解题目四项.评价组随机抽取了若干名初中学生的参与情况,绘制成如图所示的频数分布直方图和扇形统计图(均不完整),请根据图中所给信息解答下列问题:
(1)在这次评价中,一共抽查了 名学生;
(2)在扇形统计图中,项目“主动质疑”所在的扇形的圆心角的度数为 度;
(3)请将频数分布直方图补充完整;
(4)如果全市有6000名初三学生,那么在试卷评讲课中,“独立思考”的初三学生约有多少人?
22.(8分)现如今,“垃圾分类”意识已深入人心,如图是生活中的四个不同的垃圾分类投放桶.其中甲投放了一袋垃圾,乙投放了两袋垃圾.
(1)直接写出甲投放的垃圾恰好是“厨余垃圾”的概率;
(2)求乙投放的两袋垃圾不同类的概率.
23.(10分)五月初,某地遭遇了持续强降雨的恶劣天气,造成部分地区出现严重洪涝灾害,某爱心组织紧急筹集了部分资金,计划购买甲、乙两种救灾物品共4000件送往灾区,已知每件甲种物品的价格比每件乙种物品的价格贵10元,用450元购买甲种物品的件数恰好与用400元购买乙种物品的件数相同
(1)求甲、乙两种救灾物品每件的价格分别是多少元?
(2)经调查,灾区对乙种物品件数需求量是甲种物品件数的3倍,若该爱心组织按照此求的比例购买这4000件物品,而筹集资金多少元?
24.(10分)如图,四边形ABCD为矩形,点E是边BC的中点,AF∥ED,AE∥DF
(1)求证:四边形AEDF为菱形;
(2)试探究:当AB:BC= ,菱形AEDF为正方形?请说明理由.
25.(10分)已知:如图,△ABC内接于⊙O,AD为⊙O的弦,∠1=∠2,DE⊥AB于E,DF⊥AC于F.求证:BE=CF.
26.(10分)如图,是一座古拱桥的截面图,拱桥桥洞的上沿是抛物线形状,当水面的宽度为10m时,桥洞与水面
的最大距离是5m.
(1)经过讨论,同学们得出三种建立平面直角坐标系的方案(如图),你选择的方案是 (填方案一,方案二,或方案三),则B点坐标是 ,求出你所选方案中的抛物线的表达式;
(2)因为上游水库泄洪,水面宽度变为6m,求水面上涨的高度.
27.(12分)已知在梯形ABCD中,AD∥BC,AC=BC=10,cos∠ACB=,点E在对角线AC上(不与点A、C重合),∠EDC=∠ACB,DE的延长线与射线CB交于点F,设AD的长为x.
(1)如图1,当DF⊥BC时,求AD的长;
(2)设EC=y,求y关于x的函数解析式,并直接写出定义域;
(3)当△DFC是等腰三角形时,求AD的长.
28.(12分)如图,抛物线y=ax2+bx(a>0)过点E(8,0),矩形ABCD的边AB在线段OE上(点A在点B的左侧),点C、D在抛物线上,∠BAD的平分线AM交BC于点M,点N是CD的中点,已知OA=2,且OA:AD=1:3.
(1)求抛物线的解析式;
(2)F、G分别为x轴,y轴上的动点,顺次连接M、N、G、F构成四边形MNGF,求四边形MNGF周长的最小值;
(3)在x轴下方且在抛物线上是否存在点P,使△ODP中OD边上的高为?若存在,求出点P的坐标;若不存在,请说明理由;
(4)矩形ABCD不动,将抛物线向右平移,当平移后的抛物线与矩形的边有两个交点K、L,且直线KL平分矩形的面积时,求抛物线平移的距离.
参考答案
一.选择题
1.解:A、0是有理数,所以A选项错误;
B、π不是有理数,是无理数,所以B选项错误;
C、4是有理数中的正整数,所以C选项正确;
D、是一个无理数,所以选项D错误.
故选:C.
2.解:2.6万用科学记数法表示为:2.6×104,
故选:D.
3.解:A、4x3•2x2=8x5,故原题计算正确;
B、a4和a3不是同类项,不能合并,故原题计算错误;
C、(﹣x2)5=﹣x10,故原题计算正确;
D、(a﹣b)2=a2﹣2ab+b2,故原题计算正确;
故选:B.
4.解:由主视图定义知,该几何体的主视图为:
故选:A.
5.解:A.由∠1+∠3=180°,∠1+∠2=180°,可得∠2=∠3,故能判断直线a∥b;
B.由∠2=∠3,能直接判断直线a∥b;
C.由∠4=∠5,不能直接判断直线a∥b;
D.由∠4=∠6,能直接判断直线a∥b;
故选:C.
6.解:去分母得:1﹣x=﹣1﹣2(x﹣2),
故选:D.
7.解:利用作法可判断OC平分∠AOB,
所以OP为△AOB的角平分线.
故选:C.
8.解:如图,连接OA,OB,将△OAB绕点A逆时针旋转90°得到△PAD,
则OA=PD=4,∠OAP=90°,
∴OP==4,
∵四边形ABCD为正方形,
∴AB=AD,∠DAB=99°,
∴∠DBP=∠BAO,
∴△DBP≌△ABO(SAS),
∴PD=OA=4,
∵OD+PD≥OP,
∴OD≥OP﹣PD=4﹣4.
故选:D.
二.填空题(共10小题,满分30分,每小题3分)
9.解:∵b=+﹣2,
∴1﹣2a=0,
解得:a=,
则b=﹣2,
故ab=()﹣2=4.
故答案为:4.
10.解:∵AB2=32+42=25、AC2=22+42=20、BC2=12+22=5,
∴AC2+BC2=AB2,
∴△ABC为直角三角形,且∠ACB=90°,
则cos∠BAC==,
故答案为:.
11.解:原式=ab(9a2﹣1)=ab(3a+1)(3a﹣1).
故答案为:ab(3a+1)(3a﹣1)
12.解:∵关于x的方程(k﹣1)x2﹣2kx+k﹣3=0有两个相等的实根,
∴,
解得:k=.
故答案为:.
13.解:向左转的次数45÷5=9(次),
则左转的角度是360°÷9=40°.
故答案是:40°.
14.解:由一次函数y=ax+b的图象经过A(2,0)、B(0,﹣1)两点,
根据图象可知:x的不等式ax+b<0的解集是x<2,
故答案为:x<2.
15.解:底面半径是2,则底面周长=4π,圆锥的侧面积=×4π×4=8π.
16.解:反比例函数y=﹣图象在二、四象限,
点A在第二象限,y1>0,
点B、C都在第四象限,在第四象限,y随x的增大而增大,且纵坐标为负数,所以y2<y3<0,
因此,y2<y3<0<y1,即:y1>0>y3>y2.
故答案为:y1>y3>y2.
17.解:延长DC,CB交⊙O于M,N,
则图中阴影部分的面积=×(S圆O﹣S正方形ABCD)=×(4π﹣4)=π﹣1,
故答案为:π﹣1.
18.解:由题可得,∠APD=60°,∠ABC=∠C=60°,
∴∠BAP=∠CPD,
∴△ABP∽△PCD,
∴,
设AB=a,则,
∴y=,
当x=时,y取得最大值2,
即P为BC中点时,CD的最大值为2,
∴此时∠APB=∠PDC=90°,∠CPD=30°,
∴PC=BP=4,
∴等边三角形的边长为8,
∴根据等边三角形的性质,可得S=×82=16.
故答案为:16.
三.解答题(共10小题,满分96分)
19.解:(1)原式=2×﹣1﹣2﹣9
=1﹣1﹣2﹣9
=﹣11;
(2)
解不等式①得:x≥﹣2,
解不等式②得:x<5,
∴不等式组的解集为:﹣2≤x<5,
∴不等式组的整数解为﹣2,﹣1,0,1,2,3,4.
20.解:()•(x2﹣1)
=
=2x+2+x﹣1
=3x+1,
由x2﹣4x+3=0得x1=1,x2=3,
当x=1时,原分式中的分母等于0,使得原分式无意义,
当x=3时,原式=3×3+1=10.
21.解:(1)调查的总人数是:224÷40%=560(人),故答案是:560;
(2)“主动质疑”所在的扇形的圆心角的度数是:360×=54°,故答案是:54;
(3)“讲解题目”的人数是:560﹣84﹣168﹣224=84(人).
;
(4)在试卷评讲课中,“独立思考”的初三学生约有:6000×=1800(人).
22.解:(1)∵垃圾要按A,B,C、D类分别装袋,甲投放了一袋垃圾,
∴甲投放的垃圾恰好是A类:厨余垃圾的概率为:;
(2)记这四类垃圾分别为A、B、C、D,
画树状图如下:
由树状图知,乙投放的垃圾共有16种等可能结果,其中乙投放的两袋垃圾不同类的有12种结果,
所以乙投放的两袋垃圾不同类的概率为=.
23.解:(1)设甲种救灾物品每件的价格x元/件,则乙种救灾物品每件的价格为(x﹣10)元/件,
可得:,
解得:x=90,
经检验x=90是原方程的解,
答:甲单价 90 元/件、乙 80 元/件.
(2)设甲种物品件数y件,可得:
y+3y=4000,
解得:y=1000,
所以筹集资金=90×1000+80×3000=330000 元,
答:筹集资金330000 元.
24.(1)证明:∵AF∥ED,AE∥DF,
∴四边形AEDF为平行四边形,
∵四边形ABCD为矩形,
∴AB=CD,∠B=∠C=90°,
∵点E是边BC的中点,
∴BE=CE,
在△ABE和△DCE中
,
∴△ABE≌△DCE,
∴EA=ED,
∴四边形AEDF为菱形;
(2)解:当AB:BC=1:2,菱形AEDF为正方形.
理由如下:
∵AB:BC=1:2,
而点E是边BC的中点,
∴AB=EA,
∴△ABE为等腰直角三角形,
∴∠AEB=45°,
∵△ABE≌△DCE,
∴∠DEC=45°,
∴∠AED=90°,
∵四边形AEDF为菱形,
∴菱形AEDF为正方形.
故答案为1:2.
25.证明:连接DB、DF,
∵∠A的平分线AD交圆于D,DE⊥AB于E,DF⊥AC于F,
∴DE=DF,∠DFB=∠DFC=90°,∠BAD=∠CAD,
∴DB=DC,
∴在Rt△BED和Rt△CFD中,
∴Rt△BED≌Rt△CFD(HL),
∴BE=CF.
26.解:(1)选择方案二,根据题意知点B的坐标为(10,0),
由题意知,抛物线的顶点坐标为(5,5),且经过点O(0,0),B(10,0),
设抛物线解析式为y=a(x﹣5)2+5,
把点(0,0)代入得:
0=a(0﹣5)2+5,即a=﹣,
∴抛物线解析式为y=﹣(x﹣5)2+5,
故答案为:方案二,(10,0);
(2)由题意知,当x=5﹣3=2时,﹣(x﹣5)2+5=,
所以水面上涨的高度为米.
27.解:(1)设:∠ACB=∠EDC=∠α=∠CAD,
∵cosα=,∴sinα=,
过点A作AH⊥BC交于点H,
AH=AC•sinα=6=DF,BH=2,
如图1,设:FC=4a,
∴cos∠ACB=,则EF=3a,EC=5a,
∵∠EDC=∠α=∠CAD,∠ACD=∠ACD,
∴△ADC∽△DCE,
∴AC•CE=CD2=DF2+FC2=36+16a2=10•5a,
解得:a=2或(舍去a=2),
AD=HF=10﹣2﹣4a=;
(2)过点C作CH⊥AD交AD的延长线于点H,
CD2=CH2+DH2=(ACsinα)2+(ACcosα﹣x)2,
即:CD2=36+(8﹣x)2,
由(1)得:AC•CE=CD2,
即:y=x2﹣x+10(0<x<16且x≠10)…①,
(3)①当DF=DC时,
∵∠ECF=∠FDC=α,∠DFC=∠DFC,
∴△DFC∽△CFE,∵DF=DC,
∴FC=EC=y,∴x+y=10,
即:10=x2﹣x+10+x,
解得:x=6;
②当FC=DC,
则∠DFC=∠FDC=α,
则:EF=EC=y,DE=AE=10﹣y,
在等腰△ADE中,cos∠DAE=cosα===,
即:5x+8y=80,
将上式代入①式并解得:x=;
③当FC=FD,
则∠FCD=∠FDC=α,而∠ECF=α≠∠FCD,不成立,
故:该情况不存在;
故:AD的长为6和.
28.解:(1)∵点A在线段OE上,E(8,0),OA=2
∴A(2,0)
∵OA:AD=1:3
∴AD=3OA=6
∵四边形ABCD是矩形
∴AD⊥AB
∴D(2,﹣6)
∵抛物线y=ax2+bx经过点D、E
∴ 解得:
∴抛物线的解析式为y=x2﹣4x
(2)如图1,作点M关于x轴的对称点点M',作点N关于y轴的对称点点N',连接FM'、GN'、M'N'
∵y=x2﹣4x=(x﹣4)2﹣8
∴抛物线对称轴为直线x=4
∵点C、D在抛物线上,且CD∥x轴,D(2,﹣6)
∴yC=yD=﹣6,即点C、D关于直线x=4对称
∴xC=4+(4﹣xD)=4+4﹣2=6,即C(6,﹣6)
∴AB=CD=4,B(6,0)
∵AM平分∠BAD,∠BAD=∠ABM=90°
∴∠BAM=45°
∴BM=AB=4
∴M(6,﹣4)
∵点M、M'关于x轴对称,点F在x轴上
∴M'(6,4),FM=FM'
∵N为CD中点
∴N(4,﹣6)
∵点N、N'关于y轴对称,点G在y轴上
∴N'(﹣4,﹣6),GN=GN'
∴C四边形MNGF=MN+NG+GF+FM=MN+N'G+GF+FM'
∵当M'、F、G、N'在同一直线上时,N'G+GF+FM'=M'N'最小
∴C四边形MNGF=MN+M'N'==2+10=12
∴四边形MNGF周长最小值为12.
(3)存在点P,使△ODP中OD边上的高为.
过点P作PE∥y轴交直线OD于点E
∵D(2,﹣6)
∴OD=,直线OD解析式为y=﹣3x
设点P坐标为(t, t2﹣4t)(0<t<8),则点E(t,﹣3t)
①如图2,当0<t<2时,点P在点D左侧
∴PE=yE﹣yP=﹣3t﹣(t2﹣4t)=﹣t2+t
∴S△ODP=S△OPE+S△DPE=PE•xP+PE•(xD﹣xP)=PE(xP+xD﹣xP)=PE•xD=PE=﹣t2+t
∵△ODP中OD边上的高h=,
∴S△ODP=OD•h
∴﹣t2+t=×2×
方程无解
②如图3,当2<t<8时,点P在点D右侧
∴PE=yP﹣yE=t2﹣4t﹣(﹣3t)=t2﹣t
∴S△ODP=S△OPE﹣S△DPE=PE•xP﹣PE•(xP﹣xD)=PE(xP﹣xP+xD)=PE•xD=PE=t2﹣t
∴t2﹣t=×2×
解得:t1=﹣4(舍去),t2=6
∴P(6,﹣6)
综上所述,点P坐标为(6,﹣6)满足使△ODP中OD边上的高为.
(4)设抛物线向右平移m个单位长度后与矩形ABCD有交点K、L
∵KL平分矩形ABCD的面积
∴K在线段AB上,L在线段CD上,如图4
∴K(m,0),L(2+m,0)
连接AC,交KL于点H
∵S△ACD=S四边形ADLK=S矩形ABCD
∴S△AHK=S△CHL
∵AK∥LC
∴△AHK∽△CHL
∴
∴AH=CH,即点H为AC中点
∴H(4,﹣3)也是KL中点
∴
∴m=3
∴抛物线平移的距离为3个单位长度.
中学自主招生数学试卷
一.选择题(满分24分,每小题3分)
1.下列说法正确的是( )
A.0是无理数 B.π是有理数 C.4是有理数 D.是分数
2.12月2日,2018年第十三届南宁国际马拉松比赛开跑,2.6万名跑者继续刷新南宁马拉松的参与人数纪录!把2.6万用科学记数法表示为( )
A.0.26×103 B.2.6×103 C.0.26×104 D.2.6×104
3.下列计算错误的是( )
A.4x3•2x2=8x5 B.a4﹣a3=a
C.(﹣x2)5=﹣x10 D.(a﹣b)2=a2﹣2ab+b2
4.已知一个几何体及其左视图如图所示,则该几何体的主视图是( )
A. B. C. D.
5.如图,下列条件中,不能判断直线a∥b的是( )
A.∠1+∠3=180° B.∠2=∠3 C.∠4=∠5 D.∠4=∠6
6.解分式方程=﹣2时,去分母变形正确的是( )
A.﹣1+x=﹣1﹣2(x﹣2) B.1﹣x=1﹣2(x﹣2)
C.﹣1+x=1+2(2﹣x) D.1﹣x=﹣1﹣2(x﹣2)
7.数学课上,小明进行了如下的尺规作图(如图所示):
(1)在△AOB(OA<OB)边OA、OB上分别截取OD、OE,使得OD=OE;
(2)分别以点D、E为圆心,以大于DE为半径作弧,两弧交于△AOB内的一点C;
(3)作射线OC交AB边于点P.
那么小明所求作的线段OP是△AOB的( )
A.一条中线 B.一条高
C.一条角平分线 D.不确定
8.如图,平面内一个⊙O半径为4,圆上有两个动点A、B,以AB为边在圆内作一个正方形ABCD,则OD的最小值是( )
A.2 B. C.2﹣2 D.4﹣4
二.填空题(满分30分,每小题3分)
9.若a,b都是实数,b=+﹣2,则ab的值为 .
10.如图,在4×4的正方形方格图形中,小正方形的顶点称为格点,△ABC的顶点都在格点上,则∠BAC的余弦值是 .
11.因式分解:9a3b﹣ab= .
12.已知关于x的方程(k﹣1)x2﹣2kx+k﹣3=0有两个相等的实根,则k的值是 .
13.如图,李明从A点出发沿直线前进5米到达B点后向左旋转的角度为α,再沿直线前进5米,到达点C后,又向左旋转α角度,照这样走下去,第一次回到出发地点时,他共走了45米,则每次旋转的角度α为 .
14.如图,一次函数y=ax+b的图象经过A(2,0)、B(0,﹣1)两点,则关于x的不等式ax+b<0的解集是 .
15.已知圆锥的底面半径是2,母线长是4,则圆锥的侧面积是 .
16.反比例函数y=﹣图象上三点的坐标分别为A(﹣1,y1),B(1,y2),C(3,y3),则y1,y2,y3的大小关系是 (用“>”连接)
17.如图,边长为2的正方形ABCD中心与半径为2的⊙O的圆心重合,E、F分别是AD、BA的延长线与⊙O的交点,则图中阴影部分的面积是 .(结果保留π)
18.如图1,在等边三角形ABC中,点P为BC边上的任意一点,且∠APD=60°,PD交AC于点D,设线段PB的长度为x,CD的长度为y,若y与x的函数关系的大致图象如图2,则等边三角形ABC的面积为 .
三.解答题
19.(8分)(1)计算:2cos60°﹣(﹣π)0+﹣()﹣2
(2)解不等式组:,并求不等式组的整数解.
20.(8分)先化简,再求值:()•(x2﹣1),其中x是方程x2﹣4x+3=0的一个根.
21.(8分)初三年级教师对试卷讲评课中学生参与的深度与广度进行评价调查,其评价项目为主动质疑、独立思考、专注听讲、讲解题目四项.评价组随机抽取了若干名初中学生的参与情况,绘制成如图所示的频数分布直方图和扇形统计图(均不完整),请根据图中所给信息解答下列问题:
(1)在这次评价中,一共抽查了 名学生;
(2)在扇形统计图中,项目“主动质疑”所在的扇形的圆心角的度数为 度;
(3)请将频数分布直方图补充完整;
(4)如果全市有6000名初三学生,那么在试卷评讲课中,“独立思考”的初三学生约有多少人?
22.(8分)现如今,“垃圾分类”意识已深入人心,如图是生活中的四个不同的垃圾分类投放桶.其中甲投放了一袋垃圾,乙投放了两袋垃圾.
(1)直接写出甲投放的垃圾恰好是“厨余垃圾”的概率;
(2)求乙投放的两袋垃圾不同类的概率.
23.(10分)五月初,某地遭遇了持续强降雨的恶劣天气,造成部分地区出现严重洪涝灾害,某爱心组织紧急筹集了部分资金,计划购买甲、乙两种救灾物品共4000件送往灾区,已知每件甲种物品的价格比每件乙种物品的价格贵10元,用450元购买甲种物品的件数恰好与用400元购买乙种物品的件数相同
(1)求甲、乙两种救灾物品每件的价格分别是多少元?
(2)经调查,灾区对乙种物品件数需求量是甲种物品件数的3倍,若该爱心组织按照此求的比例购买这4000件物品,而筹集资金多少元?
24.(10分)如图,四边形ABCD为矩形,点E是边BC的中点,AF∥ED,AE∥DF
(1)求证:四边形AEDF为菱形;
(2)试探究:当AB:BC= ,菱形AEDF为正方形?请说明理由.
25.(10分)已知:如图,△ABC内接于⊙O,AD为⊙O的弦,∠1=∠2,DE⊥AB于E,DF⊥AC于F.求证:BE=CF.
26.(10分)如图,是一座古拱桥的截面图,拱桥桥洞的上沿是抛物线形状,当水面的宽度为10m时,桥洞与水面
的最大距离是5m.
(1)经过讨论,同学们得出三种建立平面直角坐标系的方案(如图),你选择的方案是 (填方案一,方案二,或方案三),则B点坐标是 ,求出你所选方案中的抛物线的表达式;
(2)因为上游水库泄洪,水面宽度变为6m,求水面上涨的高度.
27.(12分)已知在梯形ABCD中,AD∥BC,AC=BC=10,cos∠ACB=,点E在对角线AC上(不与点A、C重合),∠EDC=∠ACB,DE的延长线与射线CB交于点F,设AD的长为x.
(1)如图1,当DF⊥BC时,求AD的长;
(2)设EC=y,求y关于x的函数解析式,并直接写出定义域;
(3)当△DFC是等腰三角形时,求AD的长.
28.(12分)如图,抛物线y=ax2+bx(a>0)过点E(8,0),矩形ABCD的边AB在线段OE上(点A在点B的左侧),点C、D在抛物线上,∠BAD的平分线AM交BC于点M,点N是CD的中点,已知OA=2,且OA:AD=1:3.
(1)求抛物线的解析式;
(2)F、G分别为x轴,y轴上的动点,顺次连接M、N、G、F构成四边形MNGF,求四边形MNGF周长的最小值;
(3)在x轴下方且在抛物线上是否存在点P,使△ODP中OD边上的高为?若存在,求出点P的坐标;若不存在,请说明理由;
(4)矩形ABCD不动,将抛物线向右平移,当平移后的抛物线与矩形的边有两个交点K、L,且直线KL平分矩形的面积时,求抛物线平移的距离.
参考答案
一.选择题
1.解:A、0是有理数,所以A选项错误;
B、π不是有理数,是无理数,所以B选项错误;
C、4是有理数中的正整数,所以C选项正确;
D、是一个无理数,所以选项D错误.
故选:C.
2.解:2.6万用科学记数法表示为:2.6×104,
故选:D.
3.解:A、4x3•2x2=8x5,故原题计算正确;
B、a4和a3不是同类项,不能合并,故原题计算错误;
C、(﹣x2)5=﹣x10,故原题计算正确;
D、(a﹣b)2=a2﹣2ab+b2,故原题计算正确;
故选:B.
4.解:由主视图定义知,该几何体的主视图为:
故选:A.
5.解:A.由∠1+∠3=180°,∠1+∠2=180°,可得∠2=∠3,故能判断直线a∥b;
B.由∠2=∠3,能直接判断直线a∥b;
C.由∠4=∠5,不能直接判断直线a∥b;
D.由∠4=∠6,能直接判断直线a∥b;
故选:C.
6.解:去分母得:1﹣x=﹣1﹣2(x﹣2),
故选:D.
7.解:利用作法可判断OC平分∠AOB,
所以OP为△AOB的角平分线.
故选:C.
8.解:如图,连接OA,OB,将△OAB绕点A逆时针旋转90°得到△PAD,
则OA=PD=4,∠OAP=90°,
∴OP==4,
∵四边形ABCD为正方形,
∴AB=AD,∠DAB=99°,
∴∠DBP=∠BAO,
∴△DBP≌△ABO(SAS),
∴PD=OA=4,
∵OD+PD≥OP,
∴OD≥OP﹣PD=4﹣4.
故选:D.
二.填空题(共10小题,满分30分,每小题3分)
9.解:∵b=+﹣2,
∴1﹣2a=0,
解得:a=,
则b=﹣2,
故ab=()﹣2=4.
故答案为:4.
10.解:∵AB2=32+42=25、AC2=22+42=20、BC2=12+22=5,
∴AC2+BC2=AB2,
∴△ABC为直角三角形,且∠ACB=90°,
则cos∠BAC==,
故答案为:.
11.解:原式=ab(9a2﹣1)=ab(3a+1)(3a﹣1).
故答案为:ab(3a+1)(3a﹣1)
12.解:∵关于x的方程(k﹣1)x2﹣2kx+k﹣3=0有两个相等的实根,
∴,
解得:k=.
故答案为:.
13.解:向左转的次数45÷5=9(次),
则左转的角度是360°÷9=40°.
故答案是:40°.
14.解:由一次函数y=ax+b的图象经过A(2,0)、B(0,﹣1)两点,
根据图象可知:x的不等式ax+b<0的解集是x<2,
故答案为:x<2.
15.解:底面半径是2,则底面周长=4π,圆锥的侧面积=×4π×4=8π.
16.解:反比例函数y=﹣图象在二、四象限,
点A在第二象限,y1>0,
点B、C都在第四象限,在第四象限,y随x的增大而增大,且纵坐标为负数,所以y2<y3<0,
因此,y2<y3<0<y1,即:y1>0>y3>y2.
故答案为:y1>y3>y2.
17.解:延长DC,CB交⊙O于M,N,
则图中阴影部分的面积=×(S圆O﹣S正方形ABCD)=×(4π﹣4)=π﹣1,
故答案为:π﹣1.
18.解:由题可得,∠APD=60°,∠ABC=∠C=60°,
∴∠BAP=∠CPD,
∴△ABP∽△PCD,
∴,
设AB=a,则,
∴y=,
当x=时,y取得最大值2,
即P为BC中点时,CD的最大值为2,
∴此时∠APB=∠PDC=90°,∠CPD=30°,
∴PC=BP=4,
∴等边三角形的边长为8,
∴根据等边三角形的性质,可得S=×82=16.
故答案为:16.
三.解答题(共10小题,满分96分)
19.解:(1)原式=2×﹣1﹣2﹣9
=1﹣1﹣2﹣9
=﹣11;
(2)
解不等式①得:x≥﹣2,
解不等式②得:x<5,
∴不等式组的解集为:﹣2≤x<5,
∴不等式组的整数解为﹣2,﹣1,0,1,2,3,4.
20.解:()•(x2﹣1)
=
=2x+2+x﹣1
=3x+1,
由x2﹣4x+3=0得x1=1,x2=3,
当x=1时,原分式中的分母等于0,使得原分式无意义,
当x=3时,原式=3×3+1=10.
21.解:(1)调查的总人数是:224÷40%=560(人),故答案是:560;
(2)“主动质疑”所在的扇形的圆心角的度数是:360×=54°,故答案是:54;
(3)“讲解题目”的人数是:560﹣84﹣168﹣224=84(人).
;
(4)在试卷评讲课中,“独立思考”的初三学生约有:6000×=1800(人).
22.解:(1)∵垃圾要按A,B,C、D类分别装袋,甲投放了一袋垃圾,
∴甲投放的垃圾恰好是A类:厨余垃圾的概率为:;
(2)记这四类垃圾分别为A、B、C、D,
画树状图如下:
由树状图知,乙投放的垃圾共有16种等可能结果,其中乙投放的两袋垃圾不同类的有12种结果,
所以乙投放的两袋垃圾不同类的概率为=.
23.解:(1)设甲种救灾物品每件的价格x元/件,则乙种救灾物品每件的价格为(x﹣10)元/件,
可得:,
解得:x=90,
经检验x=90是原方程的解,
答:甲单价 90 元/件、乙 80 元/件.
(2)设甲种物品件数y件,可得:
y+3y=4000,
解得:y=1000,
所以筹集资金=90×1000+80×3000=330000 元,
答:筹集资金330000 元.
24.(1)证明:∵AF∥ED,AE∥DF,
∴四边形AEDF为平行四边形,
∵四边形ABCD为矩形,
∴AB=CD,∠B=∠C=90°,
∵点E是边BC的中点,
∴BE=CE,
在△ABE和△DCE中
,
∴△ABE≌△DCE,
∴EA=ED,
∴四边形AEDF为菱形;
(2)解:当AB:BC=1:2,菱形AEDF为正方形.
理由如下:
∵AB:BC=1:2,
而点E是边BC的中点,
∴AB=EA,
∴△ABE为等腰直角三角形,
∴∠AEB=45°,
∵△ABE≌△DCE,
∴∠DEC=45°,
∴∠AED=90°,
∵四边形AEDF为菱形,
∴菱形AEDF为正方形.
故答案为1:2.
25.证明:连接DB、DF,
∵∠A的平分线AD交圆于D,DE⊥AB于E,DF⊥AC于F,
∴DE=DF,∠DFB=∠DFC=90°,∠BAD=∠CAD,
∴DB=DC,
∴在Rt△BED和Rt△CFD中,
∴Rt△BED≌Rt△CFD(HL),
∴BE=CF.
26.解:(1)选择方案二,根据题意知点B的坐标为(10,0),
由题意知,抛物线的顶点坐标为(5,5),且经过点O(0,0),B(10,0),
设抛物线解析式为y=a(x﹣5)2+5,
把点(0,0)代入得:
0=a(0﹣5)2+5,即a=﹣,
∴抛物线解析式为y=﹣(x﹣5)2+5,
故答案为:方案二,(10,0);
(2)由题意知,当x=5﹣3=2时,﹣(x﹣5)2+5=,
所以水面上涨的高度为米.
27.解:(1)设:∠ACB=∠EDC=∠α=∠CAD,
∵cosα=,∴sinα=,
过点A作AH⊥BC交于点H,
AH=AC•sinα=6=DF,BH=2,
如图1,设:FC=4a,
∴cos∠ACB=,则EF=3a,EC=5a,
∵∠EDC=∠α=∠CAD,∠ACD=∠ACD,
∴△ADC∽△DCE,
∴AC•CE=CD2=DF2+FC2=36+16a2=10•5a,
解得:a=2或(舍去a=2),
AD=HF=10﹣2﹣4a=;
(2)过点C作CH⊥AD交AD的延长线于点H,
CD2=CH2+DH2=(ACsinα)2+(ACcosα﹣x)2,
即:CD2=36+(8﹣x)2,
由(1)得:AC•CE=CD2,
即:y=x2﹣x+10(0<x<16且x≠10)…①,
(3)①当DF=DC时,
∵∠ECF=∠FDC=α,∠DFC=∠DFC,
∴△DFC∽△CFE,∵DF=DC,
∴FC=EC=y,∴x+y=10,
即:10=x2﹣x+10+x,
解得:x=6;
②当FC=DC,
则∠DFC=∠FDC=α,
则:EF=EC=y,DE=AE=10﹣y,
在等腰△ADE中,cos∠DAE=cosα===,
即:5x+8y=80,
将上式代入①式并解得:x=;
③当FC=FD,
则∠FCD=∠FDC=α,而∠ECF=α≠∠FCD,不成立,
故:该情况不存在;
故:AD的长为6和.
28.解:(1)∵点A在线段OE上,E(8,0),OA=2
∴A(2,0)
∵OA:AD=1:3
∴AD=3OA=6
∵四边形ABCD是矩形
∴AD⊥AB
∴D(2,﹣6)
∵抛物线y=ax2+bx经过点D、E
∴ 解得:
∴抛物线的解析式为y=x2﹣4x
(2)如图1,作点M关于x轴的对称点点M',作点N关于y轴的对称点点N',连接FM'、GN'、M'N'
∵y=x2﹣4x=(x﹣4)2﹣8
∴抛物线对称轴为直线x=4
∵点C、D在抛物线上,且CD∥x轴,D(2,﹣6)
∴yC=yD=﹣6,即点C、D关于直线x=4对称
∴xC=4+(4﹣xD)=4+4﹣2=6,即C(6,﹣6)
∴AB=CD=4,B(6,0)
∵AM平分∠BAD,∠BAD=∠ABM=90°
∴∠BAM=45°
∴BM=AB=4
∴M(6,﹣4)
∵点M、M'关于x轴对称,点F在x轴上
∴M'(6,4),FM=FM'
∵N为CD中点
∴N(4,﹣6)
∵点N、N'关于y轴对称,点G在y轴上
∴N'(﹣4,﹣6),GN=GN'
∴C四边形MNGF=MN+NG+GF+FM=MN+N'G+GF+FM'
∵当M'、F、G、N'在同一直线上时,N'G+GF+FM'=M'N'最小
∴C四边形MNGF=MN+M'N'==2+10=12
∴四边形MNGF周长最小值为12.
(3)存在点P,使△ODP中OD边上的高为.
过点P作PE∥y轴交直线OD于点E
∵D(2,﹣6)
∴OD=,直线OD解析式为y=﹣3x
设点P坐标为(t, t2﹣4t)(0<t<8),则点E(t,﹣3t)
①如图2,当0<t<2时,点P在点D左侧
∴PE=yE﹣yP=﹣3t﹣(t2﹣4t)=﹣t2+t
∴S△ODP=S△OPE+S△DPE=PE•xP+PE•(xD﹣xP)=PE(xP+xD﹣xP)=PE•xD=PE=﹣t2+t
∵△ODP中OD边上的高h=,
∴S△ODP=OD•h
∴﹣t2+t=×2×
方程无解
②如图3,当2<t<8时,点P在点D右侧
∴PE=yP﹣yE=t2﹣4t﹣(﹣3t)=t2﹣t
∴S△ODP=S△OPE﹣S△DPE=PE•xP﹣PE•(xP﹣xD)=PE(xP﹣xP+xD)=PE•xD=PE=t2﹣t
∴t2﹣t=×2×
解得:t1=﹣4(舍去),t2=6
∴P(6,﹣6)
综上所述,点P坐标为(6,﹣6)满足使△ODP中OD边上的高为.
(4)设抛物线向右平移m个单位长度后与矩形ABCD有交点K、L
∵KL平分矩形ABCD的面积
∴K在线段AB上,L在线段CD上,如图4
∴K(m,0),L(2+m,0)
连接AC,交KL于点H
∵S△ACD=S四边形ADLK=S矩形ABCD
∴S△AHK=S△CHL
∵AK∥LC
∴△AHK∽△CHL
∴
∴AH=CH,即点H为AC中点
∴H(4,﹣3)也是KL中点
∴
∴m=3
∴抛物线平移的距离为3个单位长度.