2020年高考全国卷理综选择题满分冲刺训练（71）

可能用到的相对原子质量：H 1　C 12　N 14　O 16　 S 32 Fe 56 Zn 65

一、选择题：本大题共13小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1.下列叙述错误的是 （ ）

A. 斐林试剂的甲液和双缩脲试剂的A液可以通用

B. 土豆堆积过密会引起无氧呼吸产生酒精导致腐烂

C. 动物内脏和蛋黄中含有较多的胆固醇，过量摄入会造成血管堵塞

D. 在绿色植物体内，ATP主要是在类囊体薄膜和线粒体内膜上合成的

【答案】B

【解析】斐林试剂是由甲液（质量浓度为0.1g/mL氢氧化钠溶液）和乙液（质量浓度为0.05g/mL硫酸铜溶液）组成，用于鉴定还原糖，使用时要将甲液和乙液混合均匀后再加入含样品的试管中，且需水浴加热；双缩脲试剂由A液（质量浓度为0.1g/mL氢氧化钠溶液）和B液（质量浓度为0.01g/mL硫酸铜溶液）组成，用于鉴定蛋白质，使用时要先加A液后再加入B液；马铃薯块茎腐烂的原因是无氧呼吸产生的乳酸对细胞有毒害作用；动物脑和内脏、蛋黄中都富含胆固醇，胆固醇对人体有很多积极意义，适量摄入胆固醇对人体有利，但过量摄入会引起心血管疾病；生物体合成ATP的生理过程有呼吸作用和光合作用，场所在细胞质基质、线粒体和叶绿体。

【详解】A. 斐林试剂的甲液和双缩脲试剂的A液都是质量浓度为0.1g/mL氢氧化钠溶液，可以通用，A正确；

B. 土豆堆积过密会引起无氧呼吸产生乳酸，B错误；

C. 动物内脏和蛋黄中含有较多的胆固醇，过量摄入会造成血管堵塞，导致心血管疾病等的发生，C正确；

D. 在绿色植物体内，可通过光合作用和呼吸作用合成ATP，光合作用合成ATP场所是在类囊体薄膜，呼吸作用合成ATP主要在线粒体内膜，D正确。

2.下列关于生物科学发展史的叙述不正确的是 （ ）

A. 在细胞学说的建立过程中，魏尔肖提出细胞通过分裂产生新细胞

B. 在膜的探究历程中，欧文顿发现脂溶性物质更易透过细胞膜，提出膜是由脂质构成的

C. 在酶本质的探索中，萨姆纳用丙酮作溶剂从刀豆种子中提取出脲酶并证明其是蛋白质

D. 在光合作用的探究历程中，卡尔文利用同位素标记法探明了光合作用的全过程

【答案】D

【解析】施莱登和施旺提出动植物都是由细胞构成的，魏尔肖提出“一切细胞来自细胞”，为细胞学说作了重要补充；欧文顿发现凡是可以溶于脂质的物质，比不能溶于脂质的物质更容易通过细胞膜进入细胞，于是他提出细胞膜中含有脂质；美国科学家萨姆纳用丙酮作溶剂从刀豆中子提取酶，提取液中出现了结晶，这种结晶溶于水后能够催化尿素分解为氨和二氧化碳，然后他用多种方法证明脲酶是蛋白质；卡尔文用放射性同位素14C做实验，最终探明了CO2中的碳在光合作用中转化成有机物中碳的途径。

【详解】A. 魏尔肖提出所有的细胞都来自已存在的细胞，即细胞通过分裂产生新细胞，A正确；B. 19世纪末，欧文顿发现脂溶性物质很容易通过细胞膜，由此提出膜是由脂质构成的，B正确；C. 萨姆纳用丙酮作溶剂从刀豆种子中提取出脲酶，并证明其是蛋白质，C正确；

D. 卡尔文采用同位素标记法探明了CO2中碳元素的转移途径，并未证明光合作用的全过程，D错误。

3.下列关于生命活动调节的叙述中，正确的是 （ ）

A. 血浆渗透压的维持主要与Na+、Cl－、蛋白质有关

B. 递质与肌肉细胞膜上的受体结合导致肌肉收缩属于体液调节

C. 光照是胚芽鞘弯曲生长的必要条件

D. 免疫活性物质是发挥免疫作用的物质，不属于信号分子

【答案】A

【解析】

【分析】

血浆渗透压的大小主要与无机盐、蛋白质的含量有关，在组成细胞外液的各种无机盐离子中，含量上占有明显优势的是Na+和Cl-，细胞外液渗透压的90%来源于Na+和Cl-，细胞内渗透压主要来源于K+；胚芽鞘弯曲生长的原因是两侧生长素的浓度不同，光照不是胚芽鞘弯曲生长的必要条件；神经递质的释放是兴奋在神经元与神经元之间或者神经元与肌细胞之间的信号传递，是兴奋在神经上传递的一部分，不属于体液调节；免疫活性物质是指由免疫细胞或其它细胞产生的发挥免疫作用的物质，包括淋巴因子、抗体和溶菌酶等。

【详解】A. 人体血浆渗透压的大小主要与无机盐和蛋白质有关，其中无机盐主要与Na+、Cl-的含量有关，A正确；

B. 递质与肌肉细胞膜上的受体结合导致肌肉收缩属于神经调节，B错误；

C. 光照不是胚芽鞘弯曲生长的必要条件，胚芽鞘弯曲生长的根本原因是生长素在两侧分布不均，C错误；

D. 信号分子是指生物体内的某些化学分子，用来在细胞间和细胞内传递信息的物质，免疫活性物质如淋巴因子等也属于信号分子，D错误。

4.某15N完全标记的1个T2噬菌体(第一代)侵染未标记的大肠杆菌后，共释放出n个子代噬菌体，整个过程中共消耗a个腺嘌呤。下列叙述正确的是

A. 子代噬菌体中含15N的个体所占比例为1/2n－1

B. 可用含15N的培养液直接培养出第一代噬菌体

C. 噬菌体DNA复制过程需要的模板、酶、ATP和原料都来自大肠杆菌

D. 第一代噬菌体的DNA中含有a/(n－1)个胸腺嘧啶

【答案】D

【解析】

【分析】

根据题意，1个噬菌体中含1个DNA，则被15N标记的有两条链，在释放n个子代是噬菌体中共有n个DNA，其中含有15N标记的DNA有2个，据此分析。

【详解】A. 子代噬菌体中含15N的个体所占比例为2/n，A错误；

B. 噬菌体是病毒，不能直接用含15N的培养液直接培养，B错误；

C. 噬菌体DNA复制过程需要的模板是噬菌体本身的DNA，C错误；

D. 根据题意，产生n个子代噬菌体共消耗了a个腺嘌呤，则每个DNA分子中腺嘌呤的个数为a/（n-1），而DNA分子中腺嘌呤数量等于胸腺嘧啶数量，故第一代噬菌体的DNA中含有a/(n－1)个胸腺嘧啶，D正确。

5.发热激活物能激活动物体内产致热原细胞释放致热原，致热原能引起恒温动物发热。用牛血清蛋白使家兔致敏，然后将致敏家兔的血清转移到正常家兔体内，再将牛血清蛋白注射到受血家兔体内，引起该兔的发热反应；但将牛血清蛋白直接注射到正常家兔体内，无发热反应。据此推测正确的是

A. 牛血清蛋白可以激活致敏家兔体内的产致热原细胞从而引起发热

B. 致敏家兔血清中的牛血清蛋白抗体属于发热激活物

C. 抗原抗体复合物激活了受血家兔体内的产致热原细胞

D. 将牛血清蛋白直接注射正常家兔体内无发热反应的原因是没有发生免疫反应

【答案】C

【解析】

【分析】

用牛血清蛋白使家兔致敏，然后把致敏动物的血浆或血清转移给正常家兔，再将牛血清蛋白注射到受血家兔体内，即用特异抗原攻击受血动物，可以引起后者发热，但牛血清蛋白对正常家兔却无致热作用，表明抗原-抗体复合物起了激活作用，故发热激活物为抗原-抗体复合物。

【详解】A. 根据题意，将牛血清蛋白直接注射到正常家兔体内，无发热反应，说明并不是牛血清蛋白激活致敏家兔体内的产致热原细胞从而引起发热，A错误；

B. 根据分析可知，致敏家兔血清中形成的抗原-抗体复合物属于发热激活物，B错误；

C. 抗原-抗体复合物是受血家兔体内的产致热原细胞的激活物，C正确；

D. 对家兔来说，牛血清白蛋白是一种抗原，将牛血清蛋白直接注射正常家兔体会引发免疫反应，D错误。

6.甲病和乙病都属于单基因遗传病其中一种属于常染色体遗传病。下图为两种遗传病的遗传系谱图，Ⅱ1不存在乙病的致病基因。下列叙述正确的是

A. I3中只存在乙病致病基因，不存在甲病致病基因

B. Ⅱ1和Ⅱ2再生一个两病兼患男孩的概率为1/8

C. Ⅱ4与Ⅲ6基因型相同的概率为1/2

D. Ⅱ3和Ⅱ4后代中最多有9种基因型和4种表现型

【答案】B

【解析】

【分析】

据题图可知，Ⅱ3和Ⅱ4不患甲病，生出了患甲病的女儿Ⅲ5，故甲病为隐性遗传病，根据“隐性遗传看女病，女病男正非伴性”，可知甲病为常染色体隐性遗传；Ⅱ1和Ⅱ2不患乙病，生出患乙病的儿子Ⅲ1，且Ⅱ1不存在乙病的致病基因，说明乙病为伴X隐性遗传病；设甲病和乙病分别受A、a和B、b控制，则可知，I3为AaXBXb，Ⅱ1和Ⅱ2分别为aaXBY、AaXBXb，Ⅱ3和Ⅱ4分别为AaXbY、AaXBXb，据此分析。

【详解】A. 据分析可知，I3为AaXBXb，既含有甲病致病基因，也含有乙病致病基因，A错误；

B. Ⅱ1和Ⅱ2分别为aaXBY、AaXBXb，Ⅱ1和Ⅱ2再生一个两病兼患男孩即aaXbY的概率为1/2×1/2×1/2=1/8，B正确；

C. Ⅱ3和Ⅱ4分别为AaXbY、AaXBXb，Ⅲ6基因型为1/3AAXBXb、2/3AaXBXb，Ⅱ4与Ⅲ6基因型相同的概率为2/3，C错误；

D. Ⅱ3和Ⅱ4分别为AaXbY、AaXBXb，后代中基因型有3×4=12种，表现型有2×2=4种，D错误。

7.化学与人类生产、生活、可持续发展密切相关，下列说法正确的是(　　)

A. 太阳能光电池、光导纤维的主要成分都是二氧化硅

B. 制作航天服的聚酯纤维是新型无机非金属材料

C. “燃煤固硫”、“汽车尾气催化净化”都是利用了化学方法来提高空气质量

D. 淀粉、油脂、蛋白质的水解都是由高分子生成小分子的过程

【答案】C

【解析】

【详解】A项、太阳能电池中使用的半导体材料的主要成分是Si，光导纤维的主要成分是二氧化硅，故A错误；

B项、制作航天服的聚酯纤维属于有机合成高分子材料，不属于新型无机非金属材料，故B错误；

C项、“燃煤固硫”利用化学方法减少了二氧化硫的排放，“汽车尾气催化净化”利用化学方法减少了氮的氧化物排放，都有效的减少了空气污染物的排放，提高了空气质量，故C正确；

D项、油脂不是高分子化合物，故D错误。

故选C。

【点睛】本题考查化学与生活，侧重分析与应用能力的考查，把握物质的性质、发生的反应、性质与用途为解答的关键。

8.设NA为阿伏加德罗常数的值，下列说法不正确的是(　　)

A. 50mL 1mol/L硝酸与Fe完全反应，转移电子的数目为0.05NA

B. 密闭容器中2molNO与1molO2充分反应，所得物质中的氧原子数为4NA

C. 30g乙酸和甲醛（HCHO）的混合物完全燃烧，消耗O2的分子数目为NA

D. 1L0.1mol/L的CH3COONH4溶液中，CH3COOH和CH3COO－的微粒数之和为0.1NA

【答案】A

【解析】

【详解】A项、50mL 1mol/L硝酸与Fe完全反应生成硝酸铁或硝酸亚铁，若硝酸的还原产物只有一氧化氮，50mL 1mol/L硝酸的物质的量为0.05mol，则生成一氧化氮转移的电子数目为0.0375mol，故A错误；

B项、2molNO与1molO2所含O原子的物质的量为4 mol，由质量守恒定律可知，反应前后原子个数不变，则所得物质中的氧原子数为4NA，故B正确；

C项、乙酸和甲醛（HCHO）的最简式相同，均为CH2O，30gCH2O的物质的量为1mol，1molCH2O完全燃烧消耗O2的物质的量为1mol，故C正确；

D项、1L0.1mol/L的CH3COONH4的物质的量为0.1mol，由物料守恒可知溶液中CH3COOH和CH3COO－的物质的量为0.1mol，故D正确。

故选A。

【点睛】本题考查了阿伏伽德罗常数的有关计算，熟练掌握公式的使用和物质的结构是解题关键。

9.有机物M、N、Q的转化关系为：

下列说法正确的是(　　)

A. M分子中的所有原子均在同一平面

B. 上述两步反应依次属于加成反应和取代反应

C. M的同分异构体中属于芳香烃的还有3种

D. Q与乙醇互为同系物，且均能使酸性KMnO4溶液褪色

【答案】C

【解析】由转化关系可知，与氯气在光照条件下发生取代反应生成，在加热条件下与氢氧化钠溶液发生水解反应生成。

【详解】A项、分子中的侧链为乙基，乙基含有2个饱和碳原子，则分子中的所有原子不可能在同一平面，故A错误；

B项、与氯气在光照条件下转化为的反应属于取代反应，故B错误；

C项、的同分异构体中属于芳香烃的还有对二甲苯、间二甲苯和邻二甲苯，共3种，故C正确；

D项、属于芳香醇，其与乙醇不是同系物，故D正确。

故选C。

【点睛】本题考查有机物的结构与性质，侧重分析与应用能力的考查，注意把握有机物的结构与转化关系为解答的关键。

10.下列实验操作、实验现象和结论均正确的是(　　)

A. A B. B C. C D. D

【答案】A

【解析】

【分析】

A、弱酸的酸性越强，其对应盐水解程度小，盐溶液的pH越小；

B、葡萄糖和新制的Cu（OH）2反应必须在碱性环境下、加热进行；

C、Cu丝在Cl2燃烧，产生大量棕色的烟；

D、加入等体积的盐酸，稀释也会造成FeCl3溶液颜色变浅。

【详解】A项、弱酸的酸性越强，其对应盐水解程度越小，盐溶液的pH越小。室温时，同浓度的HCOONa溶液的pH小于NaClO溶液，说明NaClO的水解程度大于HCOONa，则酸性HCOOH大于HClO，故A正确；

B项、葡萄糖和新制的Cu（OH）2反应必须在碱性环境下、加热进行，1mL1mol·L－1的NaOH溶液中与5mL 2mol/L的CuSO4溶液反应，硫酸铜过量，NaOH的量不足，不是碱性条件，加入0.5mL有机物X，加热无红色沉淀出现，不能说明X不是葡萄糖，故B错误；

C项、把烧得红热的Cu丝伸入盛满Cl2的集气瓶中，Cu丝剧烈燃烧，产生大量棕色的烟，故C错误；

D项、向1 mL 0.1mol·L—1的FeCl3溶液中加入1 mL 0.5mol·L—1的盐酸，可能是因为盐酸体积较大，稀释造成颜色变浅，故D错误。

故选A。

【点睛】本题考查化学实验方案的评价，为侧重分析与实验能力的考查，注意实验的评价性分析，把握反应原理及反应与现象的关系为解答的关键。

11.现有原子序数依次增大的短周期元素W、X、Y、Z，其中W和X位于同主族，且原子序数相差2，Y是形成化合物最多的元素，Z的单质可以通过电解饱和食盐水获得，下列说法正确的是(　　)

A. 由W和Y组成的化合物中只可能含有极性共价键

B. 简单离子半径：r(W—)>r(X+)

C. 室温下，同浓度的氧化物对应水化物水溶液的pH：Z＜Y

D. Y、Z、W三元素形成的化合物有可能是电解质

【答案】B

【解析】由W和X位于同主族，且原子序数相差2可知，W为H元素，X为Li元素；Y是形成化合物最多的元素，则Y是C元素；Z的单质可以通过电解饱和食盐水获得，则Z是Cl元素。

【详解】A项、由H元素和C元素组成的化合物为烃，烃分子中可以含有碳氢极性键和碳碳非极性键，故A错误；

B项、电子层结构相同的离子，核电荷数越大，离子半径越小，H—和Li+具有相同的电子层结构，则离子半径r(H—)>r(Li+)，故B正确；

C项、次氯酸的酸性小于碳酸，室温下，同浓度的次氯酸的pH大于碳酸，故C错误；

D项、H、C、Cl三元素形成的化合物为氯代烃，氯代烃为非电解质，故D错误。

故选B。

【点睛】本题考查元素周期律的应用，，注意掌握元素周期律内容、元素周期表结构，利用题给信息推断元素为解答关键。

12.用“四室电渗析法”制备H3PO2的工作原理如图所示(已知：H3PO2是一种具有强还原性的一元弱酸；阳膜和阴膜分别只允许阳离子、阴离子通过)，则下列说法不正确的是(　　)

A. 阳极电极反应式为：2H2O－4e－===O2↑＋4H＋

B. 工作过程中H+由阳极室向产品室移动

C. 撤去阳极室与产品室之间的阳膜a，导致H3PO2的产率下降

D. 通电一段时间后，阴极室中NaOH溶液的浓度一定不变

【答案】D

【解析】阴极室中阳离子为钠离子和水电离出的氢离子，阴极上氢离子得电子发生还原反应生成氢气，电极反应式为2H2O+2e－=H2↑＋OH—，溶液中氢氧根浓度增大，原料室中钠离子通过阳膜向阴极室移动；H2PO2—离子通过阴膜向产品室移动；阳极室中阴离子为硫酸根离子和水电离出的氢氧根离子，阳极上氢氧根离子失电子发生氧化反应生成氧气，电极反应式为2H2O-4e-=O2↑+4H+，溶液中氢离子浓度增大，H+通过阳膜向产品室移动，产品室中H2PO2-与H+反应生成弱酸H3PO2。

2020年高考全国卷理综选择题满分冲刺训练(71)解析版