四川省成都市成华区2018-2019学年八年级(下)期末数学试卷解析版
发布时间:2019-08-21 21:43:14
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四川省成都市成华区2018-2019学年八年级(下)期末数学试卷
一、选择題(每小题3分,共30分,每小题只有一项符合要求,答案涂在答题卡上)
1.(3分)若分式有意义,则实数x的取值范围是( )
A.x>=2 B.x<﹣2 C.x≠﹣2 D.x=﹣2
2.(3分)下列图形中,既是轴对称图形又是中心对称图形的是( )
A. B. C. D.
3.(3分)不等式1﹣x≥2的解在数轴上表示正确的是( )
A. B.
C. D.
4.(3分)把多项式x2+ax+b分解因式,得(x+1)(x﹣3),则a,b的值分别是( )
A.a=2,b=3 B.a=﹣2,b=﹣3 C.a=﹣2,b=3 D.a=2,b=﹣3
5.(3分)下列命题,其中是真命题的为( )
A.一组对边平行,另一组对边相等的四边形是平行四边形
B.对角线互相垂直的四边形是菱形
C.对角线相等的四边形是矩形
D.一组邻边相等的矩形是正方形
6.(3分)若正多边形的一个外角是60°,则该正多边形的内角和为( )
A.360° B.540° C.720° D.900°
7.(3分)分式方程﹣1=的解为( )
A.x=1 B.x=﹣1 C.无解 D.x=﹣2
8.(3分)如图所示,将一个含30°角的直角三角板ADC绕点A逆时针旋转,点B的对应点是点B′,若点B′、A、C在同一条直线上,则三角板ABC旋转的度数是( )
A.60° B.90° C.I20° D.150°
9.(3分)如图,在菱形ABCD中,点E,F分别是AB,AC的中点,如果EF=3,那么菱形ABCD的周长是( )
A.24 B.18 C.12 D.6
10.(3分)直线l1:y=k1x+b与直线l2:y=k2x在同一平面直角坐标系中的图象如图所示,则关于x的不等式k2x<k1x+b的解集为( )
A.x<﹣1 B.x>﹣1 C.x>2 D.x<2
二.填空题(每小题4分,共16分)
11.(4分)分解因式:a2﹣5a= .
12.(4分)不等式组的所有整数解的积是 .
13.(4分)已知x+=6,则x2+= ,(x﹣)2= .
14.(4分)如图,在平行四边形ABCD中,AB=4,BC=7,以点B为圆心,适当长为半径画弧,交BA于点E,交BC于点F,再分别以点E、F为圆心大于EF的长为半径画弧,两弧相交于点G,射线BG交CD的延长线于点H,则DH的长是 .
三.解答题(共54分)
15.(5分)(1)分解因式:2a2b﹣4a2b2+2ab2
(2)解不等式组
16.(5分)(1)解方程:;
(2)先化简,再求值:(1﹣)÷,其中x=+1.
17.(6分)先化简:(﹣)÷,并从0≤x≤4中选取合适的整数代入求值.
18.(8分)如图,方格纸中的每个小方格都是边长为1单位的正方形,在建立平面直角坐标系后,△ABC的顶点均在格点上,点B的坐标为(1,0)
(1)画出△ABC关于x轴对称的△A1B1C1;
(2)画出将△ABC绕原点O按逆时针旋转90°所得的△A2B2C2;
(3)△A1B1C1与△A2B2C2能组成轴对称图形吗?若能,请你画出所有的对称轴.
19.(10分)某公司计划购买A,B两种型号的机器人搬运材料.已知A型机器人比B型机器人每小时多搬运30kg材料,且A型机器人搬运1000kg材料所用的时间与B型机器人搬运800kg材料所用的时间相同.
(1)求A,B两种型号的机器人每小时分别搬运多少材料;
(2)该公司计划采购A,B两种型号的机器人共20台,要求每小时搬运材料不得少于2800kg,则至少购进A型机器人多少台?
20.(10分)已知点P,Q分别在菱形ABCD的边BC,CD上滑动(点P不与B、C重合),且∠PAQ=∠B,
(1)如图1,若AP⊥BC,求证:AP=AQ;
(2)如图2.若AP与BC不垂直,(1)中的结论还成立吗?若成立,请证明;若不成立,说明理由;
(3)如图3,若AB=4,∠B=60°,请直接写出四边形APCQ的面积.
一、填空题(每小题4分,共20分)
21.(4分)若分式的值为0,则x的值为 .
22.(4分)已知x+y=,xy=,则x2y+xy2的值为 .
23.(4分)如图,P是等边三角形ABC内一点,将线段CP绕点C顺时针旋转60°得到线段CP',连接AP'.若PA=3,PC=4,PB=5,则四边形APCP'的面积为 .
24.(4分)若数a使关于x的不等式组有且只有四个整数解,且使关于y的方程=2的解为非负数,则符合条件的所有整数a的和为 .
25.(4分)如图,Rt△ABC中,∠C=90°,AC=3,BC=4,点D是BC边上一定点,且CD=1,点E是线段DB上一动点,连接AE,以AE为斜边在AE的右侧作等腰直角△AEF.当点E从点D出发运动至点B停止时,点F的运动的路径长为 .
二.解答题(共30分)
26.(8分)“绿水青山,就是金山银山”.某旅游景区为了保护环境,需购买A、B两种型号的垃圾处理设备共10台.已知每台A型设备日处理能力为12吨;每台B型设备日处理能力为15吨;购回的设备日处理能力不低于140吨.
(1)请你为该景区设计购买A、B两种设备的方案;
(2)已知每台A型设备价格为3万元,每台B型设备价格为4.4万元.厂家为了促销产品,规定货款不低于40万元时,则按9折优惠;问:采用(1)设计的哪种方案,使购买费用最少,为什么?
27.(10分)如图,矩形ABCD中,AC=2AB,将矩形ABCD绕点A旋转得到矩形AB′C′D′.使点B的对应点B′落在AC上,B'C'交AD于点E,在B′C′上取点F,使B′F=AB.
(1)求证:AE=C'E;
(2)求∠BFB'的度数;
(3)若AB=2,求BF的长.
28.(12分)如图1.在边长为10的正方形ABCD中,点M在边AD上移动(点M不与点A,D重合),MB的垂直平分线分别交AB,CD于点E,F,将正方形ABCD沿EF所在直线折叠.则点B的对应点为点M,点C落在点N处,MN与CD交于点P,
(1)若AM=4,求BE的长;
(2)随着点M在边AD上位置的变化,∠MBP的度数是否发生变化?若变化,请说明理由;若不变,请求出∠MBP的度数;
(3)随着点M在边AD上位置的变化,点P在边CD上位置也发生变化,若点P恰好为CD的中点(如图2),求CF的长.
参考答案
一、选择題(每小题3分,共30分,每小题只有一项符合要求,答案涂在答题卡上)
1.解:若分式有意义,
则x+2≠0,
解得:x≠﹣2,
故选:C.
2.解:A、不是轴对称,是中心对称图形,故本选项错误;
B、既是轴对称又是中心对称图形,故本选项正确;
C、是轴对称,不是中心对称图形,故本选项错误;
D、不是轴对称,是中心对称图形,故本选项错误.
故选:B.
3.解:不等式1﹣x≥2,
解得:x≤﹣1,
表示在数轴上,如图所示:
故选:A.
4.解:∵x2+ax+b=(x+1)(x﹣3),
∴a=1﹣3=﹣2,b=﹣3×1=﹣3,
故选:B.
5.解:A、例如等腰梯形,故本选项错误;
B、根据菱形的判定,应是对角线互相垂直的平行四边形,故本选项错误;
C、对角线相等且互相平分的平行四边形是矩形,故本选项错误;
D、一组邻边相等的矩形是正方形,故本选项正确.
故选:D.
6.解:该正多边形的边数为:360°÷60°=6,
该正多边形的内角和为:(6﹣2)×180°=720°.
故选:C.
7.解:去分母得:x(x+2)﹣(x﹣1)(x+2)=3,
整理得:2x﹣x+2=3
解得:x=1,
检验:把x=1代入(x﹣1)(x+2)=0,
所以分式方程的无解.
故选:C.
8.解:旋转角是∠BAB′=180°﹣30°=150°.
故选:D.
9.解:∵E,F分别是AB,AC的中点,EF=3,
∴BC=2EF=2×3=6,
菱形ABCD的周长是4BC=4×6=24,故选A.
10.解:两条直线的交点坐标为(﹣1,2),且当x>﹣1时,直线l2在直线l1的下方,故不等式k2x<k1x+b的解集为x>﹣1.
故选:B.
二.填空题(每小题4分,共16分)
11.解:a2﹣5a=a(a﹣5).
故答案是:a(a﹣5).
12.解:由1﹣2x<3,得:x>﹣1,
由≤2,得:x≤3,
所以不等式组的解集为:﹣1<x≤3,
它的整数解为0、1、2、3,
所有整数解的积是0.
故答案为0.
13.解:∵x+=6,
∴(x+)2=36,
∴x2+2+=36,
∴x2+=34,
(x﹣)2=x2﹣2+=34﹣2=32.
故答案为34,32.
14.解:由作图可知:BH是∠ABC的角平分线,
∴∠ABG=∠GBC,
∵平行四边形ABCD,
∴AD∥BC,
∴∠AGB=∠GBC,
∴∠ABG=∠AGB,
∴AG=AB=4,
∴GD=AD=AG=7﹣4=3,
∵平行四边形ABCD,
∴AB∥CD,
∴∠H=∠ABH=∠AGB,
∵∠AGB=∠HGD,
∴∠H=∠HGD,
∴DH=GD=3,
故答案为:3
三.解答题(共54分)
15.解:(1)原式=2ab(a﹣2ab+b);
(2)由①得:x>2,
由②得:x≤4,
则不等式组的解集为2<x≤4.
16.解:(1)方程两边同乘以3(x﹣1)得:
3x﹣3(x﹣1)=2x,
解得:x=,
检验:当x=时,3(x﹣1)≠0,
故x=是原方程的解;
(2)原式=×
=x﹣1,
当x=+1时,原式=.
17.解:原式=[﹣]•,
=•,
=•,
=.
∵x≠0,x﹣2≠0,x﹣4≠0,
∴x=1或3.
当x=1时,原式==1;
当x=3时,原式==1.
18.解:(1)(2)如下图所示:
(3)成轴对称图形,根据轴对称图形的性质画出对称轴即连接两对应点的线段,作它的垂直平分线,如图,对称轴有2条.
19.解:(1)设B型机器人每小时搬运x千克材料,则A型机器人每小时搬运(x+30)千克材料,
根据题意,得=,
解得x=120.
经检验,x=120是所列方程的解.
当x=120时,x+30=150.
答:A型机器人每小时搬运150千克材料,B型机器人每小时搬运120千克材料;
(2)设购进A型机器人a台,则购进B型机器人(20﹣a)台,
根据题意,得150a+120(20﹣a)≥2800,
解得a≥.
∵a是整数,
∴a≥14.
答:至少购进A型机器人14台.
20.证明:(1)∵四边形ABCD是菱形,
∴∠B+∠C=180°,∠B=∠D,AB=AD,
∵∠PAQ=∠B,
∴∠PAQ+∠C=180°,
∴∠APC+∠AQC=180°,
∵AP⊥BC,
∴∠APC=90°
∴∠AQC=90°
在△APB和△AQD中,
∴△APB≌△AQD(AAS)
∴AP=AQ;
(2)如图,作AE⊥BC,AF⊥CD,垂足分别为E,F.
由(1)可得,∠PAQ=∠EAF=∠B,AE=AF,
∴∠EAP=∠FAQ,
在△AEP和△AFQ中,
∴△AEP≌△AFQ(ASA),
∴AP=AQ;
(3)如图,连接AC、BD交于O,
∵∠ABC=60°,BA=BC,
∴△ABC为等边三角形,
∵AE⊥BC,
∴BE=EC,
同理,CF=FD,
∴四边形AECF的面积=×四边形ABCD的面积,
由(2)得,四边形APCQ的面积=四边形AECF的面积,
∵AB=4,∠B=60°
∴OA=AB=2,OB=AB=2,
∴四边形ABCD的面积=×2×2×4=8,
∴四边形APCQ的面积=4.
一、填空题(每小题4分,共20分)
21.解:因为分式的值为0,所以=0,
化简得x2﹣9=0,即x2=9.
解得x=±3
因为x﹣3≠0,即x≠3
所以x=﹣3.
故答案为﹣3.
22.解:∵x+y=,xy=,
∴x2y+xy2
=xy(x+y)
=
=
=3,
故答案为:.
23.解:连结PP′,如图,
∵△ABC为等边三角形,
∴∠BAC=60°,AB=AC,
∵线段CP绕点C顺时针旋转60°得到线段CP',
∴CP=CP′=4,∠PCP′=60°,
∴△PCP′为等边三角形,
∴PP′=PC=4,
∵∠ACP+∠BCP=60°,∠ACP+∠ACP′=60°,
∴∠BCP=∠ACP′,且AC=BC,CP=CP′
∴△BCP≌△ACP′(SAS),
∴AP′=PB=5,
在△APP′中,∵PP′2=42=16,AP2=32=9,AP′2=52=25,
∴PP′2+AP2=AP′2,
∴△APP′为直角三角形,∠APP′=90°,
∴S四边形APCP′=S△APP′+S△PCP′=AP×PP′+×PP′2=6+4,
故答案为:6+4.
24.解:,
解①得,x<5;
解②得,
∴不等式组的解集为;
∵不等式有且只有四个整数解,
∴,
解得,﹣2<a≤2;
解分式方程得,y=2﹣a(a≠1);
∵方程的解为非负数,
∴2﹣a≥0即a≤2;
综上可知,﹣2<a≤2且a≠1,
∵a是整数,
∴a=﹣1,0,2;
∴﹣1+0+2=1
故答案为1.
25.解:如图,连接CF,作FM⊥BC于M,FN⊥AC于N.
∵∠FNC=∠MCN=∠FMC=90°,
∴四边形CMFN是矩形,
∴∠MFN=∠AFE=90°,
∴∠AFN=∠MFE,
∵AF=FE,∠FNA=∠FME=90°,
∴△FNA≌△FME(AAS),
∴FM=FM,AN=EM,
∴四边形CMFN是正方形,
∴CN=CM,CF=CM,∠FCN=∠FCM=45°,
∵AC+CE=CN+AN+CM﹣EM=2CM,
∴CF=(AC+CE).
∴点F在射线CF上运动(CF是∠ACB的角平分线),
当点E与D重合时,CF=(AC+CD)=2,
当点E与B重合时,CF=(AC+CB)=,
∵﹣2=,
∴点F的运动的路径长为.
故答案为:.
二.解答题(共30分)
26.解:(1)设购买A种设备x台,则购买B种设备(10﹣x)台,
根据题意,得12x+15(10﹣x)≥140,
解得x≤3,
∵x为正整数,
∴x=1,2,3,
∴该景区有三种设计方案:
方案一:购买A种设备1台,B种设备9台;
方案二:购买A种设备2台,B种设备8台;
方案三:购买A种设备3台,B种设备7台;
(2)各方案购买费用分别为:
方案一:3×1+4.4×9=42.6>40,实际付款:42.6×0.9=38.34(万元);
方案二:3×2+4.4×8=41.2>40,实际付款:41.2×0.9=37.08(万元);
方案三:3×3+4.4×7=39.8<40,实际付款:39.8(万元);
∵37.08<38.34<39.8,
∴采用(1)设计的第二种方案,使购买费用最少.
27.(1)证明:∵在Rt△ABC中,AC=2AB,
∴∠ACB=∠AC′B′=30°,∠BAC=60°,
由旋转可得:AB′=AB,∠B′AC′=∠BAC=60°,
∴∠EAC′=∠AC′B′=30°,
∴AE=C′E;
(2)解:由(1)得到△ABB′为等边三角形,
∴∠AB′B=60°,即∠BB'F=∠AB'B+∠AB'F=150°,
∵BB'=B'F,
∴∠FBB′=∠B'FB=15°;
(3)解:连接AF,过A作AM⊥BF,可得△AB′F是等腰直角三角形,△AB′B为等边三角形,
∴∠AFB′=45°,∠BB′F=150°,
∵BB′=B′F,
∴∠B′FB=∠B′BF=15°,
∴∠AFM=30°,∠ABF=45°,
在Rt△AMF中,AM=BM=AB•cos∠ABM=2×=2,
在Rt△AMF中,MF=AM=2,
则BF=2+2.
28.解:(1)如图1中,
∵四边形ABCD是正方形,
∴∠A=90°,AB=AD=10,
由翻折可知:EB=EM,设EB=EM=x,
在Rt△AEM中,∵EM2=AM2+AE2,
∴x2=42+(10﹣x)2,
∴x=.
∴BE=.
(2)如图1﹣1中,
设AM=y,则BE=EM=x,MD=10﹣y,
在Rt△AEM中,由勾股定理得AE2+AM2=EM2,
(10﹣x)2+y2=x2,可得y2=20x﹣100,
∵∠EMP=90°,∠A=∠D,
∴Rt△AEM∽Rt△DMP,
∴=,即=,
解得DM+MP+DP===20,
∴△DMP的周长为20,
∴PM=AM+PC,
延长DC到K,使得CK=AM,则△BAM≌△BCK(SAS),
∴∠ABM=∠CBK,AM=CK,BM=BK,
∴∠MBK=∠ABC=90°,PM=PC+CK=PK,
∵BP=BP,
∴△PBM≌△PBK(SSS),
∴∠PBM=∠PBK=45°.
(3)如图2中,作FG⊥AB于G.则四边形BCFG是矩形,FG=BC,CF=BG.设AM=x,
∵PC=PD=5,
∴PM+x=5,DM=10﹣x,
在Rt△PDM中,(x+5)2=(10﹣x)2+25,
∴x=,
∴AM=,
设EB=EM=m,
在Rt△AEM中,则有m2=(10﹣m)2+()2,
∴m=,
∴AE=10﹣=,
∵AM⊥EF,
∴∠ABM+∠GEF=90°,∠GEF+∠EFG=90°,
∴∠ABM=∠EFG,
∵FG=BC=AB,∠A=∠FGE=90°,
∴△BAM≌△FGE(AAS),
∴EG=AM=,
∴CF=BG=AB﹣AE﹣EG=10﹣﹣=.